CH₃COOCH=CH₂: vinyl axetat.

CH₃COOCH₃: metyl axetat.

CH₂=CHCOOCH₃: metyl acrylat.

HCOOCH₃: metyl fomat.

Chọn đáp án A.

Đipeptit là phân tử tạo bởi 2 gốc a-amino axit

® Đipeptit phù hợp là NH₂-CH₂-CONH-CH(CH₃)-COOH.

Chọn đáp án B.

A. Đúng.

B. Sai, do peptit có từ 2 liên kết peptit trở lên (tripeptit trở lên) mới có phản ứng màu biure.

C. Sai, do trong một phân tử tetrapeptit mạch hở có 3 liên kết peptit.

D. Sai, do các hợp chất peptit kém bền trong cả môi trường kiềm và môi trường axit.

Chọn đáp án A.

A. Sai, do saccarozơ không làm mất màu nước brom.

B. Sai, do xenlulozơ có cấu tạo mạch không phân nhánh.

C. Đúng.

D. Sai, do glucozơ bị oxi hóa bởi dung dịch AgNO₃ trong NH₃.

Chọn đáp án C.

Các vật liệu là polime thiên nhiên là: bông, tơ tằm, xenlulozơ và len.

Chọn đáp án D.

Những polime có thành phần nguyên tố giống nhau là: amilozơ, amilopectin, poli(metyl metacrylat) do cùng có thành phần gồm các nguyên tố C, H, O.

Chọn đáp án D.

Độ dẫn điện của chúng giảm dần theo thứ tự: Ag > Cu > Au > Al > Fe.

Chọn đáp án A.

Kim loại Al, Fe bị thụ động trong HNO₃ đặc, nguội, H₂SO₄ đặc nguội. Nên kim loại Al không phản ứng được với dung dịch H₂SO₄ (đặc, nguội).

Chọn đáp án D.

Phản ứng không đúng: $2Cr+6HCl\stackrel{}{\to }2CrC{l}_3+3H_2.$

Đúng phải là: $Cr+2HCl\stackrel{}{\to }CrC{l}_2+H_2.$

X là Cr₂O₃ là chất rắn màu lục thẫm

$\begin{array}{l}C{r}_2{O}_3+6HCl\stackrel{}{\to }2CrC{l}_3+3H_{2}O.\\ 2C{r}^{3+}+3B{r}_2+16O{H}^{-}\stackrel{}{\to }2Cr{O}_4^{2-}+6B{r}^{-}+8H_{2}O.\\ 2Cr{O}_4^{2-}+2H^{+}\stackrel{}{\to }C{r}_2{O}_7^{2-}+H_{2}O.\end{array}$

Màu vàng             màu da cam

Chọn đáp án A.

Phương trình phản ứng

$\begin{array}{l}{N}_2+3H_2\underset{}{\rightleftarrows }2N{H}_3\\ 1lit \leftarrow 2lit\end{array}$

 Hiệu xuất đạt 25% nên số mol N₂ thực tế cần dùng là:

Người ta có thể sử dụng nước đá khô (CO₂ rắn) để tạo môi trường lạnh và khô trong việc bảo quản thực phẩm và hoa quả tươi. Do nước đá khô có khả năng thăng hoa ở nhiệt độ thường.

Chọn đáp án B.

Phương trình phản ứng:

HCOOCH=CH2 + NaOH ® HCOONa + CH3CHO

2HCOONa + H2SO4 ® 2HCOOH + Na2SO4

Chọn đáp án B.

Có 5 chất tham gia phản ứng tráng gương là: fomanđehit, phenyl fomat, glucozơ, anđehit axetic, natri fomat.

Chọn đáp án D.

Phát biểu đúng là “Dung dịch hỗn hợp HCl và KNO₃ hoà tan được bột đồng”

8H⁺ + 2  + 3Cu ® 3Cu²⁺ + 2NO + 4H₂O

Chọn đáp án D.

Có 6 trường hợp có thể tạo kết tủa là:

NaOH; Na₂CO₃, KHSO₄; Na₂SO₄; Ca(OH)₂ ;H₂SO₄.

Chọn đáp án B.

Do NH₃ tan nhiều trong nước nên không thể thu bằng phương pháp đẩy nước.

Chọn đáp án D.

Khí biogas sản xuất từ chất thải chăn nuôi được sử dụng làm nguồn nhiên liệu trong sinh hoạt ở nông thôn. Tác dụng của việc sử dụng khí biogas là đốt để lấy nhiệt và giảm thiểu ô nhiễm môi trường.

Nhờ ứng dụng này, người nông dân tận dụng những chất thải của con vật, mùa màng làm cải thiện môi trường và giúp người nông dân ít phải mua chất đốt.

Chọn đáp án C.

 $\begin{array}{l}{n}_{H_{2}S{O}_4}=0,01mol;n_{HCl}=0,03mol;V=0,5lit\\ n_{H^{+}}=2.n_{H_{2}S{O}_4}+n_{HCl}=2.0,01+0,03=0,05mol\\ \to C_{M{H}^{+}}=\frac{0,05}{0,5}=0,1M\\ H^{+}+O{H}^{-}\to H_{2}O\end{array}$

Ta có: $n_{KOH}=n_{O{H}^{-}}=n_{H^{+}}=0,150.0,1=0,015mol$

Vậy $C_{MKOH}=\frac{0,015}{0,05}=0,3M.$

Chọn đáp án B.

$\begin{array}{l}2NaHC{O}_3\stackrel{t^o}{\to }N{a}_{2}C{O}_3+C{O}_2+H_{2}O\\ x\to \frac{x}{2}\frac{x}{2}\frac{x}{2}mol\end{array}$

Na2CO3 không bị nhiệt phân.

Khối lượng giảm là khối lượng H2O và CO2: $m_{H_{2}O}+m_{C{O}_2}=100-69=31gam.$

$\begin{array}{l}22x+9x=31\to x=1mol.\\ \%mNaHC{O}_3=\frac{1.84}{100}.100\%=84\left(\%\right).\\ \%mN{a}_{2}C{O}_3=100-84=16\left(\%\right).\end{array}$

$\begin{array}{l}{C}_{12}{H}_{22}{O}_{11}+H_{2}O\stackrel{H^{+}}{\to }{C}_6{H}_{12}{O}_6+C_6{H}_{12}{O}_6\\ 0,01\to 0,010,01mol\\ C_6{H}_{12}{O}_6\stackrel{AgN{O}_3/N{H}_3}{\to }2Ag\\ 0,02\to 0,04mol\end{array}$

Khối lượng: $m_{Ag}=0,04.108=4,32\left(gam\right).$

Chọn đáp án C.

Ta có:

$\begin{array}{l}Cr+H_{2}S{O}_4\stackrel{}{\to }CrS{O}_4+H_2\\ 0,15\leftarrow 0,15\leftarrow 0,15\leftarrow 0,15mol\\ CrS{O}_4+2NaOH\stackrel{}{\to }Cr{\left(OH\right)}_2+N{a}_{2}S{O}_4\\ 0,15\to 0,15mol\\ 2Cr{\left(OH\right)}_2\underset{+H_{2}O}{\overset{+O_2}{\to }}2Cr{\left(OH\right)}_3\stackrel{t^o}{\to }C{r}_2{O}_3\\ 0,15\to 0,15\to 0,075mol\end{array}$

Áp dụng định luật bảo toàn khối lượng ta có:$m+m_{KOH}=\left(m-12,6\right)+\left(m+6,68\right)\to m=28,32\left(gam\right)$

 $M_{andehit}=26,2.2=52,4\to C{H}_{3}CHO$ và $C_2{H}_{5}CHO.$

$\begin{array}{l}{m}_{andehit}=28,32-12,6=15,72\left(gam\right).\\ \left\{\begin{array}{l}C{H}_{3}CHO:x\\ C_2{H}_{5}CHO:y\end{array}\right.\to \left\{\begin{array}{l}x+y=0,3\\ 44x+58y=15,72\end{array}\right.\to \left\{\begin{array}{l}x=0,12\\ y=0,18\end{array}\right.\\ este+KOH\stackrel{}{\to }RCOOK+andehit\\ 0,3\leftarrow 0,3\leftarrow 0,3\leftarrow 0,3mol\end{array}$Số mol KOH dư $=0,4-0,3=0,1mol\to m_{KOH}=0,1.56=5,6\left(gam\right)$

Khối lượng muối axit là: $m_{muối}=28,32+6,68-5,6=29,4\left(gam\right)$

$\begin{array}{l}{M}_{\text{muối}}=\frac{29,4}{0,3}=98\to C{H}_{3}COOK\to \left\{\begin{array}{l}C{H}_{3}COO{C}_2{H}_3:0,12\\ C{H}_{3}COO{C}_3{H}_5:0,18\end{array}\right.\left(mol\right)\\ \%m_X=\frac{86.0,12}{28,32}.100\%=36,44\left(\%\right)\end{array}$

Ta có:$\begin{array}{l}X\left\{\begin{array}{l}Y:N{H}_{4}OOC-COON{H}_4:xmol\\ Z:Gly-Gly:ymol\end{array}\right.\stackrel{+NaOH}{\to }\left\{\begin{array}{l}124x+132y=25,6\\ 2x=0,2\end{array}\right.\to x=y=0,1.\\ X\left\{\begin{array}{l}Y:N{H}_{4}OOC-COON{H}_4:0,1\\ Z:Gly-Gly:0,1\end{array}\right.\stackrel{+HCl}{\to }\left\{\begin{array}{l}HOOC-COOH:0,1mol\\ N{H}_{3}Cl-C{H}_2-COOH:0,2mol\end{array}\right.\\ \to m=31,3gam.\end{array}$

Quy đổi 0,1 mol hỗn hợp A thành

$\begin{array}{l}\left\{\begin{array}{l}{C}_n{H}_{2n-1}NO:a\left(mol\right)\\ H_{2}O:0,1\left(mol\right)\end{array}\right.\stackrel{ch,y}{\to }\left\{\begin{array}{l}C{O}_2:namol\\ H_{2}O:\left(0,1+\frac{2n-1}{2}a\right)mol\end{array}\right.\\ \stackrel{BTNT.O}{\to }2na+\frac{2n-1}{2}a=a+1,2075.2\to 6na-3a=4,83.\\ A\stackrel{NaOH}{\to }{C}_n{H}_{2n}N{O}_{2}Na:a\left(mol\right).\\ \stackrel{BTKL}{\to }\left(14n+69\right).a-\left(14n+29\right)a-0,1.18=7,4\to \left\{\begin{array}{l}a=0,23\left(mol\right)\\ n=4\end{array}\right.\\ \stackrel{BTKL}{\to }{m}_{0,1}=0,23\left(14.4+29\right)+0,1.18=21,35\left(gam\right).\\ \to m_{2,016molA}=20,16.21,35=430,416gam.\end{array}$

 $\begin{array}{l}{n}_{H_{2}O}=0,4\left(mol\right);n_{O_2}=0,9\left(mol\right)\\ \stackrel{Baotoannguyentooxi}{\to }{n}_{C{O}_2}=n_{O_2\left(pu\right)}-\frac{n_{H_{2}O}}{2}=0,7\left(mol\right)\end{array}$

Do A, B tác dụng với AgNO₃/ NH₃ thu được kết tủa ® A, B là ankin.

Công thức chung của 2 ankin: $C_{\overline{n}}{H}_{2\overline{n}-2}$

$\begin{array}{l}\to n_{ankin}=n_{C{O}_2}-n_{H_{2}O}\stackrel{}{\to }{n}_{ankin}=0,7-0,4=0,3\left(mol\right)\\ \to \overline{n}=\frac{n_{C{O}_2}}{n_{ankin}}=\frac{0,7}{0,3}=\frac{7}{3}\end{array}$

® Mặt khác các hiđrocacbon ở thể khí ® Có 2 cặp nghiệm thỏa mãn $\left|\begin{array}{l}{C}_2{H}_2,C_3{H}_4\\ C_2{H}_2,C_4{H}_6\end{array}\right.$

Xét trường hợp:

$\left\{\begin{array}{l}{C}_2{H}_{2}xmol\\ C_3{H}_{4}ymol\end{array}\right.\stackrel{+O_2}{\to }\left\{\begin{array}{l}x+y=0,3\\ 2x+3y=0,7\end{array}\right.\to \left\{\begin{array}{l}x=0,2\\ y=0,1\end{array}\right.$

$\left\{\begin{array}{l}{C}_2{H}_{2}0,2mol\\ C_3{H}_{4}0,1mol\end{array}\right.\stackrel{+AgN{O}_3/N{H}_3}{\to }62,7$ gam kết tủa ® hợp lý

® Hai ankin là C₂H₂, C₃H₄.

Chọn đáp án D.

Do Y + H₂SO₄ có SO₂ nên Y chứa Cu dư, do đó khối lượng giảm là khối lượng của NO₂ (0,16 mol)

Có ngay: $\stackrel{BTNT.nito}{\to }m\left\{\begin{array}{l}{n}_{Cu{\left(N{O}_3\right)}_2}=0,08mol\\ n_{Cu}=amol\end{array}\right.$

$\begin{array}{l}\stackrel{t^o}{\to }\left(m-7,36\right)\left\{\begin{array}{l}Cu=a+0,08\left(mol\right)\\ O=6.0,08-2.0,16=0,16mol\end{array}\right.\\ \stackrel{BTE}{\to }2\left(a+0,08\right)=0,16.2+0,03.2\to a=0,11\left(mol\right)\to m=22,08\left(gam\right).\end{array}$

Chọn đáp án C.

Vì các phản ứng hoàn toàn, Y tác dụng với dung dịch NaOH dư thu được H₂ nên trong Y có Al dư.

Ta có: $\left\{\begin{array}{l}{n}_{Fe}=0,07\left(mol\right)\\ n_{F{e}_2{O}_3}=0,1\left(mol\right)\\ n_{Al}=x\left(mol\right)\end{array}\right.\stackrel{t^o}{\to }\frac{Y}{2}\left\{\begin{array}{l}{n}_{A{l}_2{O}_3}=0,05\left(mol\right)\\ n_{Fe}=0,135\left(mol\right)\\ \stackrel{BTNT.Al}{\to }{n}_{Al}=0,5x-0,1\left(mol\right)\end{array}\right.$

X là: CH₃NH₂

Y là: C₆H₅NH₂

Z là: H₂N-CH(CH₃)-COOH

T là: (C₁₇H₃₃COO)₃C₃H₅

Chọn đáp án C.

Thí nghiệm thu được kim loại là (a), (h), (e)

$\begin{array}{l}AgN{O}_3\stackrel{t^o}{\to }Ag+N{O}_2+\frac{1}{2}{O}_2\\ Fe+CuS{O}_4\stackrel{}{\to }FeS{O}_4+Cu\\ CuO+H_2\stackrel{t^o}{\to }Cu+H_{2}O\end{array}$

 Chọn đáp án A.

X gồm 3 este đơn chức Þ Y là ancol đơn chức   $\to n_Y=2n_{H_2}=0,16mol.$

Bảo toàn khối lượng: $m_Y=m_{H_2}+m_{\text{b×nh t¨ng}}=0,08\times 2+4,96=5,12\left(g\right).$

 $\to M_Y=5,12÷0,16=32\Rightarrow Y$ là CH3OH

Đồng nhất số liệu về 11,76 gam X ® đốt X thu được  gam H2O

$\begin{array}{l}\to n_H=2n_{H_{2}O}=0,88mol\to n_O=2n_{COO}=2n_Y=0,32mol.\\ m_X=m_C+m_H+m_O\Rightarrow m_C=11,76-0,88.1-0,32.16=5,76g\Rightarrow n_{C{O}_2}=n_C=0,48mol.\end{array}$

Công thức trung bình cho 2 este no, đơn, hở là CnH2nO2 (n > 2).

CTTQ cho este đơn, hở, chứa 1p C=C, có đphh là CmH2m-2O2 (m ³ 5).

Ta có:  $n_{C{O}_2}-n_{H_{2}O}=\left(k-1\right).n_{HCHC}$ với k là độ bất bão hòa của HCHC.

Áp dụng: $n_{C{O}_2}-n_{H_{2}O}=n_{\text{este\hspace{0.17em}không\hspace{0.17em}no}}=0,48-0,44=0,04mol\to n_{esteno}=0,12mol.$

Bảo toàn $C:0,12n+0,04m=0,48\stackrel{n>2;m\ge 5}{\to }m=5;n=7/3.$

$\left\{\begin{array}{l}Gly-Ala;X_1-Ala\\ Glu-X_2-Ala:4t\\ Lys-Ala-X_3:2t\\ \underset{mgam}{\underbrace{Lys-Ala-Ala-Lys:t}}\end{array}\right.+H_{2}O\to \left\{\begin{array}{l}Glu\left(C_5{H}_{9}N{O}_4\right):4t\\ Lys\left(C_6{H}_{14}{N}_2{O}_2\right):4t\\ C_x{H}_{2x+1}N{O}_2:y\left(M=14x+47\right)\end{array}\right.$ 

$\begin{array}{l}{n}_{H_{2}O}=n_{Lkpeptit}=n_{Lys}+n_{Glu}+0,5.n_{C_x{H}_{2x+1}N{O}_2}=8t+0,5y\\ \Rightarrow \left\{\begin{array}{l}22\left(4t.2+4t+y\right)+\left(8t+0,5y\right).18=9,04\\ \left(5+6\right).4t+yx=0,915\\ \left(9+14\right)2t+\left(2x+1\right)0,5y-\left(8t+0,5y\right)=0,855\end{array}\right.\Rightarrow \left\{\begin{array}{l}t=0,01\\ y=0,16\\ yx=0,475\end{array}\right.\end{array}$

Cho X tác dụng với H₂SO₄ dư

Từ đồ thị ta thấy: $X\left\{\begin{array}{l}O{H}^{-}:x\\ Zn{O}_2^{2-}:y\end{array}\right.\stackrel{}{\to }\left\{\begin{array}{l}x=0,1\\ 0,3=0,1+2y+2\left(y-0,05\right)\end{array}\right.\stackrel{}{\to }y=0,075$$Zn{\left(OH\right)}_2\max \to n_{H^{+}}=0,1+0,075.2=0,25$

Với $Y\left\{\begin{array}{l}Ba{\left(OH\right)}_2:z\\ Ba{\left(Al{O}_2\right)}_2:t\end{array}\right.\to \left\{\begin{array}{l}O{H}^{-}:2z\\ Al{O}_2^{-}:2t\end{array}\right.\to 2z=0,25$

Với $n_{H^{+}}=0,5=0,25+2t+3\left(2t-0,05\right)\to t=0,05$

Chọn đáp án B.

Hỗn hợp E phản ứng tráng bạc ® X là HCOOH và este T có gốc HCOO-.

Đặt số mol X, Y, T lần lượt là a, b và c. Có CO₂ 0,25 mol và H₂O 0,18 mol.

Bảo toàn nguyên tố oxi $\to n_{O\left(E\right)}=\frac{6,88-0,25.12-0,18.2}{16}=0,22=2a+2b+4c$

Và $2a+2c=0,12\to b+c=0,05.$

Axit Y có tổng số liên kết pi là k ® tổng số liên kết pi trong este T là k+1.

 $\to 0,25-0,18=\left(k-1\right)b+\left(k+1-1\right)c\to 0,07=\left(b+c\right)k-b=0,05k-b.$

Áp dụng điều kiện: $b<0,05\to 0,05k-0,07<0,05\to k<2,4.$

Ta chọn $k=2\to b=0,03;a=0,04;c=0,02.$

$\to 0,04+0,03n+0,02m=0,25$ (Bảo toàn nguyên tố cacbon) $\to n=\frac{21-2m}{3}.$

Ta chọn $m=6\to n=3.$

X là $HCOOH,\left\{\begin{array}{l}\left(X\right)C{H}_2{O}_2:0,04\\ \left(Y\right)C_n{H}_{2n-2}{O}_2:0,03\\ \left(T\right)C_m{H}_{2m-4}{O}_4\left(m>4\right):0,02\end{array}\right.$

 Y là CH₂ = CH - COOH

T là HCOO - CH₂ - CH₂ - OOC - CH = CH₂. Z là C₂H₄(OH)₂

Bảo toàn khối lượng: $$\begin{gathered} m_E+m_{KOH}=m+m_Z+m_{H_{2}O} \\ \to 6,88+0,15.56=m+62.0,02+18.\left(0,04+0,03\right)\to m=12,78gam \end{gathered}$$

 $\to$ Muối của aminoaxit $\to A:C_{\overline{n}}{H}_{2\overline{n}}{O}_{2}NNa:xmol$

 Muối của axit $\to B:C_m{H}_{2m-3}{O}_{2}Na:ymol$

23,08 gam  $F\left\{\begin{array}{l}A:C_{\overline{n}}{H}_{2\overline{n}}{O}_{2}NNa:xmol\\ B:C_m{H}_{2m-3}{O}_{2}Na:ymol\end{array}\right.\stackrel{+O_2,t^o}{\to }N{a}_{2}C{O}_3+C{O}_2\left(0,54\right)+H_{2}O\left(0,42\right)+N_2$

Áp dụng bảo toàn nguyên tố Na, ta có: $n_{N{a}_{2}C{O}_3}=\frac{x+y}{2}mol$

$\left\{\begin{array}{l}{k}_A=1\\ k_B=2\end{array}\right.\to n_{C{O}_2}-n_{H_{2}O}=-0,5n_A+n_B\to -0,5x+y=0,12\left(1\right)$

Áp dụng bảo toàn khối lượng F ta có:

$m_{A+B}=12.\underset{0,5x+0,5y+0,54}{\underbrace{\left(n_{N{a}_{2}C{O}_2}+n_{C{O}_2}\right)}}+2.\underset{0,42}{\underbrace{n_{H_{2}O}}}+16.\underset{2\left(x+y\right)}{\underbrace{n_O}}+23.\underset{x+y}{\underbrace{n_{Na}}}+14.\underset{x}{\underbrace{n_N}}=23,08$

$\begin{array}{l}\to 75x+61y=15,76\left(2\right)\\ \left(1\right),\left(2\right)\to \left\{\begin{array}{l}-0,5x+y=0,12\\ 75x+61y=15,76\end{array}\right.\to x=0,08;y=0,16\end{array}$

Áp dụng bảo toàn nguyên tố C ta có$n_{C\text{\hspace{0.17em}trong muối}}=n_{C{O}_2}+n_{N{a}_{2}C{O}_3}=0,54+\frac{0,08+0,16}{2}=0,66$

Do $\overline{n}>2\to n_{CtrongA}>2.0,08=0,16\to n_{CtrongB}<\left(0,66-0,16\right)mol$

® Số C trong $B<\frac{0,66-0,16}{0,16}=3,125\stackrel{\text{axit\hspace{0.17em}không no nên\hspace{0.17em}\hspace{0.17em}}C\ge 3}{\to }B$  là CH₂=CH-COONa

$\to \left\{\begin{array}{l}{n}_{CtrongA}=0,66-0,16.3=0,18\\ n_A=0,08\end{array}\right.$

® Số ${\overline{C}}_{trongA}=\frac{0,18}{0,08}=2,25$

Áp dụng sơ đồ đường chéo ta có:

$0,08mol\left\{\begin{array}{l}{C}_2{H}_4{O}_{2}NNa\left(2C\right)\\ C_3{H}_6{O}_{2}NNa\left(3C\right)\end{array}\right.\to \overline{C}=2,25\to \begin{array}{l}0,75\stackrel{\text{ứng với}}{\to }0,06mol\\ 0,25\stackrel{\text{ứng với}}{\to }0,02mol\end{array}$$\begin{array}{l}\Rightarrow \frac{a}{b}=\frac{m_{C_2{H}_4{O}_{2}NNa}}{m_{C_3{H}_6{O}_{2}NNa}}=\frac{0,06.\left(74+23\right)}{0,02.\left(88+23\right)}=2,62\stackrel{\text{gần nhất}}{\to }\\ \to \frac{a}{b}=\frac{m_{C_2{H}_4{O}_{2}NNa}}{m_{C_3{H}_6{O}_{2}NNa}}=\frac{0,06.\left(74+23\right)}{0,02.\left(88+23\right)}=2,62\stackrel{\text{gần nhất}}{\to }2,6\end{array}$

Chọn đáp án B.

Gọi  $\left\{\begin{array}{l}CuS{O}_4:3a\\ NaCl:2a\end{array}\right.\to \left[\begin{array}{l}Y\left\{\begin{array}{l}N{a}^{+}:2a\\ S{O}_4^{2-}:3a\\ \stackrel{BTDT}{\to }{H}^{+}:4a\end{array}\right.\\ Y\left\{\begin{array}{l}N{a}^{+}:2a\\ S{O}_4^{2-}:3a\\ \stackrel{BTDT}{\to }C{u}^{2+}:2a\end{array}\right.\end{array}\right.\to 4a=\frac{3,6}{27}.3\to a=0,1$