Theo quan niệm hiện đại, kết quả của quá trình tiến hóa nhỏ là hình thành nên loài mới (SGK Sinh 12 trang 113).

Chọn D.

Khối u này được gọi là khối u ác tính.

Chọn D.

Vai trò chủ yếu của enzym ADN polymeraza trong quá trình tự sao của ADN là lắp ráp các nuclêôtit của môi trường với nuclêôtit của mạch khuôn theo nguyên tắc bổ sung.

A, C: Vai trò của enzyme tháo xoắn.

B: Vai trò của ARN polimeraza. 

Chọn D.

Phương pháp:

Quần thể cân bằng di truyền có cấu trúc p²AA + 2pqAa + q²aa = 1

Tổng tần số alen bằng 1.

Cách giải:

Quần thể cân bằng di truyền có cấu trúc p²AA + 2pqAa +q²aa =1

Đề cho dd = 25% $\to$ d = 0,5; D = 0,5.

Chọn B.

Các bước trong kĩ thuật chuyển gen là:

IV. Tách ADN của tế bào cho và plasmit ra khỏi tế bào chất của vi khuẩn,

II. Cắt mở vòng plasmit và ADN tế bào cho những đoạn gen cần thiết

V. Nối gen vừa cắt vào ADN plasmit đã mở vòng tạo ADN tái tổ hợp.

I. Đưa ADN tái tổ hợp vào vào tế bào nhận.

III. Tách dòng tế bào chứa ADN tái tổ hợp.

Chọn A.

Phương pháp:

Thể ba có dạng 2n +1 

Cách giải:

2n = 24 → 2n +1 = 25 NST. 

Chọn B.

Đối tượng nghiên cứu của Thomas Hunt Morgan là ruồi giấm. 

Chọn A.

Vốn gen của quần thể là tập hợp các alen của các gen khác nhau trong quần thể (SGK Sinh 12 trang 68). 

Chọn B.

Trong Luật hôn nhân và gia đình có điều luật cấm kết hôn giữa những người có quan hệ huyết thống gần gũi vì các gen lặn có hại có thể được biểu hiện làm cho con cháu của họ có sức sống kém.

Chọn B.

ADN không tham gia trực tiếp vào quá trình tổng hợp chuỗi polipeptit.

Chọn B.

Phương pháp:

Cơ thể có n cặp gen dị hợp, giao phối gần hoặc tự thụ tạo tối đa 2ⁿ dòng thuần khác nhau.

Cách giải:

Cơ thể có kiểu gen AaBbDd giao phối gần nhiều lần tạo ra 2³ = 8 dòng thuần (vì có 3 cặp gen dị hợp). 

Chọn B.

A đúng.

B sai, locus là vị trí của gen trên NST, có 3 cặp gen$\to$có 3 locus.

C sai, gen P và gen a chỉ có 1 trạng thái.

D sai, có 2 loại giao tử PaB và Pab.

Chọn A.

Một số tế bào kiểu gen BbNn

+ Nếu không có đột biến $\to$ 4 loại giao tử bình thường.

+ Nếu cặp Nn không phân li trong GP I: (B:b)(Nn, O) $\to$ 4 loại giao tử đột biến.

Vậy có tối đa 8 loại giao tử.

Chọn C.

Đưa bổ sung gen lành vào cơ thể người bệnh hoặc thay thế gen bệnh bằng gen lành được gọi là liệu pháp gen (SGK Sinh 12 trang 94).

Chọn C.

Phương pháp:

Nội dung giả thuyết siêu trội: Ở trạng thái dị hợp tử về nhiều cặp gen khác nhau, con lai có được kiểu hình vượt trội nhiều mặt so với các dạng bố mẹ có nhiều kiểu gen ở trạng thái đồng hợp.

Cách giải:

Cơ thể càng có nhiều cặp gen dị hợp càng có ưu thế lai cao: AaBb > AABb > aabb.

Chọn A.

Phương pháp:

Nuôi cấy mô tế bào: Đưa 1 mô thực vật vào môi trường dinh dưỡng và có các chất điều hòa sinh trưởng $\to$để phát triển thành cây mới.

Cấy truyền phôi: Chia 1 phôi ban đầu thành nhiều phôi rồi đưa vào tử cung của nhiều con cái $\to$ cho mang thai và sinh ra các con. 

Cách giải:

Điểm chung của phương pháp nuôi cấy mô tế bào thực vật và cấy truyền phôi động vật là đều tạo ra các cơ thể có kiểu gen đồng nhất. 

Chọn C.

Phương pháp:

Bước 1: Xác định quy luật di truyền dựa vào phân li kiểu hình ở F₂, quy ước gen.

Đời F₂ phân li 9:6:1 $\to$ tương tác gen bổ sung.

Bước 2: Để tạo ra kiểu hình quả xanh (aabb) $\to$ 2 cây đem lại đều phải có alen a và b. Tính số kiểu gen có cả alen a và b.

Bước 3: Tính số phép lai thỏa mãn bằng công thức $C_n^2+n; n$ là số kiểu gen có chứa cả a và b. 

$C_n^2$ chọn 2 kiểu gen trong 4 kiểu gen (2 cây đem lại có kiểu gen khác nhau)  

n là số phép lai mà 2 cây đem lai có kiểu gen giống nhau. 

Cách giải:

Đời F₂ phân li 9:6:1 $\to$ tương tác gen bổ sung.

Quy ước gen:

A-B-: quả đỏ; A-bb/aaB-: quả vàng; aabb: quả xanh.

Đời F₂ có 16 tổ hợp $\to$ F₁ dị hợp 2 cặp gen: AaBb.

Để tạo ra kiểu hình quả xanh (aabb) $\to$ 2 cây đem lại đều phải có alen a và b. Tính số kiểu gen có cả alen a và b.

Số kiểu gen có chứa cả alen a và b là: 4: AaBb, Aabb, aaBb, aabb.

Vậy số phép lại thỏa mãn là $C_4^2+4=10$

Chọn B.

Trong tự nhiên, quần thể ngẫu phối có đặc điểm đa dạng về kiểu gen và kiểu hình.

A sai, tần số alen không đổi.

B sai, vẫn chịu tác động của đột biến.

C sai, thành phần kiểu gen không đổi.

Chọn D.

Bằng chứng sinh học phân tử là B.

A: Bằng chứng tế bào học

C: Hóa thạch

D: Bằng chứng giải phẫu so sánh.

Chọn B.

Phương pháp:

Bước 1: Xác định quy luật di truyền, quy ước gen

Bước 2: Xét các phát biểu. 

Cách giải:

Ta thấy 3 dòng trắng khác nhau mà khi lại các dòng trắng cho kết quả khác nhau $\to$ Tính trạng do các gen tương tác

Quy ước gen: A-B-: Hoa xanh; còn lại: hoa trắng

Dòng 1 $\times$ dòng 3 $\to$ Hoa xanh  $\to$ aaBB (1) $\times$  AAbb (3)

Dòng 1, dòng 3 $\times$ dòng 2 $\to$ Hoa trắng $\to$ dòng 2: aabb

Dòng 1: aaBB 

Dòng 2: aabb

Dòng 3: AAbb

Xét các phát biểu: 

I sai. 

Dòng 1 $\times$ hoa xanh: aaBb $\times$ AaBb $\to$ hoa xanh: 50%

Dòng 2 $\times$ hoa xanh: aabb $\times$ AaBb $\to$ hoa xanh: A-B- = 0,25

II đúng, AaBb $\times$ AaBb  9A-B-:3A-bb:3aaB-:1aabb $\to$ hoa trắng chiếm 7/16 = 43,75%.

III sai. Nếu do 1 gen thì hoa trắng $\times$ hoa trắng không thể tạo hoa xanh.

IV sai, nếu do gen ngoài nhân thì đời con 100% hoa trắng.

Chọn C.

Phương pháp:

Nhân tố tiến hóa là các nhân tố làm biến đổi tần số alen và thành phần kiểu gen của quần thể.

Các nhân tố tiến hóa gồm: đột biến, di – nhập gen, chọn lọc tự nhiên, các yếu tố ngẫu nhiên, giao phối không ngẫu nhiên. 

Cách giải:

A: giao phối ngẫu nhiên $\to$ không phải nhân tố tiến hóa.

B: Đột biến.

C: giao phối không ngẫu nhiên.

D: Các yếu tố ngẫu nhiên.

Chọn A.

Phương pháp:

Công nghệ gen là: ngành kĩ thuật về quy trình ứng dụng kĩ thuật gen.

Cách giải:

Các thành tựu của công nghệ gen gồm: I, II.

III: ứng dụng phương pháp gây đột biến.

IV ứng dụng công nghệ tế bào. 

Chọn D.

Trong sản xuất, người ta dùng tự thụ phấn bắt buộc và giao phối cận huyết nhằm củng cố và duy trì một tình trạng mong muốn vì tự thụ phấn tạo ra các dòng thuần. 

Chọn A.

Trật tự sắp xếp đúng của các vùng trong mô hình Operon Lac ở vi khuẩn E. coli là: vùng khởi động - Vùng vận hành - Gen Z, Y, A.

Gen điều hòa không thuộc Operon Lac.

Chọn C.

Phương pháp: 

Chọn lọc tự nhiên làm thay đổi tần số alen và thành phần kiểu gen theo 1 hướng xác định.

Các yếu tố ngẫu nhiên làm thay đổi tần số alen và thành phần kiểu gen đột ngột, không theo hướng xác 

định. 

Cách giải:

Đặc điểm chung của chọn lọc tự nhiên và các yếu tố ngẫu nhiên là: II.

I, IV không phải đặc điểm của cả 2 yếu tố trên.

III là đặc điểm của chọn lọc tự nhiên. 

Chọn A.

1 – (b) tiếp hợp

2 – (d) chuyển đoạn tương hỗ.

3 – (c) chuyển đoạn không tương hỗ

4 – (a) trao đổi chéo

Chọn D.

Phương pháp:

Quần thể ngẫu phối sẽ đạt cân bằng di truyền, thành phần kiểu gen, tần số alen không đổi qua các thế hệ (không có tác động của các nhân tố tiến hóa). 

Cách giải:

Quần thể ngẫu phối có đặc điểm:

I. Tần số alen không đổi qua các thế hệ.

III. Tần số kiểu gen không đổi qua các thế hệ 

Chọn A.

Phương pháp:

Diễn biến quá trình phiên mã (SGK Sinh 12 trang 11)

Cách giải:

Trình tự đúng về quá trình phiên mã là

IV. ARN bám vào vùng điều hòa làm gen tháo xoắn để lộ ra mạch khuôn có chiều từ 3’ đến 5’

III. ARN polimeraza tổng hợp ARN bằng cách lắp ráp các nu trong môi trường bổ sung với mạch gốc.

V. ARN polimeraza di chuyển trên mạch gốc có chiều từ 3’ đến 5’.

VI. Khi ARN polimeraza di chuyển đến cuối gen gặp tín hiệu kết thúc thì quá trình phiên mã dừng lại.

Chọn D.

Phương pháp: 

Lai xa và đa bội hóa sẽ hình thành thể song nhị bội (dị đa bội) mang bộ NST của 2 loài và các cặp gen đều đồng hợp.

Cách giải:

Cơ thể AaBb $\times$ Ddee $\to$ (AB, Ab, aB, ab)(De, de) $\to$ không thể tạo ra thể dị đa bội nào mang cặp EE.

Vậy đời con không thể xuất hiện: aabbddEE.

Chọn D.

Cừu Đôly được tạo ra bằng phương pháp nhân bản vô tính. 

Chọn C.

Phương pháp:

Bước 1: Xác định kiểu gen có thể có của cây quả đỏ.

Bước 2: Xét các trường hợp có thể có.

Cách giải:

Cây quả đó có thể có kiểu gen AA, Aa.

Có các trường hợp:

+ 2 cây đều có kiểu gen: AA $\times$ AA $\to$ AA, 100% quả đỏ $\to$ 1 loại kiểu gen và 1 loại kiểu hình.

+ 2 cây có kiểu gen: AA $\times$ Aa $\to$ 1AA: 1Aa, 100% quả đỏ $\to$ 2 loại kiểu gen và 1 loại kiểu hình.

+ 2 cây đều có kiểu gen: Aa $\times$ Aa $\to$ 1AA:2Aa:1aa , 75% quả đỏ: 25% quả vàng $\to$ 3 loại kiểu gen và 1 loại kiểu hình.

Vậy dự đoán sai là A. 

Chọn A.

Phương pháp:

Bước 1: Xác định tần số alen của quần thể.

F₁ cân bằng di truyền, có cấu trúc p²AA + 2pqAa +q²aa =1 $\to$ Tần số alen

Bước 2: Tìm cấu trúc di truyền ở F₁, xét các phát biểu.

Quần thể tự thụ phấn có thành phần kiểu gen: xAA:yAa:zaa sau n thế hệ tự thụ phấn có thành phần kiểu gen $x+\frac{y\left(1-1/2^n\right)}{2}AA:\frac{y}{2^n}Aa:z+\frac{y\left(1-1/2^n\right)}{2}aa$.

Cách giải:

P giao phấn ngẫu nhiên $\to$ F₁ cân bằng di truyền có 84% thân cao và 16% thân thấp $\to$ aa = 0,16 $\to$$\to$ tần số alen a $=\sqrt{0,16}=0,4$→ A = 0,6. 

$\to$ cấu trúc di truyền ở F₁: 0,36AA:0,48Aa:0,16aa

Xét các phát biểu: 

I đúng. 

II đúng, Nếu cho các cây thân cao F₁ tự thụ phấn: 0,36AA:0,48Aa $\leftrightarrow \frac{3}{7}AA:\frac{4}{7}Aa\to aa=\frac{4}{7}\times \frac{1}{4}aa=\frac{1}{7}\to A=\frac{6}{7}$

III sai, nếu cho các cây thân cao, dị hợp giao phấn: Aa $\times$ Aa $\to$ 1AA:2Aa:1aa $\to$ 3 thân cao: 1 thân thấp.

IV đúng. Nếu cho các cây thân cao F₁ giao phấn với các cây thân thấp F₁: $\left(0,36AA:0,48Aa\right)\times aa\leftrightarrow$

$\left(\frac{3}{7}AA:\frac{4}{7}Aa\right)\times aa\to aa=\frac{4}{7}Aa\times \frac{1}{2}aa=\frac{2}{7}>16\%$ (vì Aa aa 1/2 aa).

Chọn C.

Phương pháp:

Đối với những người có nguy cơ sinh con bị các khuyết tật di truyền thì họ cần làm xét nghiệm trước sinh.

Có 2 kĩ thuật phổ biến là:

+ Sinh thiết tua nhau thai

+ Chọc dò dịch ối.

Cách giải:

Phát biểu không đúng về xét nghiệm trước sinh ở người là C, để xác định tình trạng sức khỏe người mẹ không cần xét nghiệm trước sinh.

Chọn C.

Phương pháp:

Bước 1: Tính tần số HVG 

+Tính ab/ab $\to$ ab = ? 

+ Tính f khi biết ab

Bước 2: Tính tỉ lệ các kiểu hình còn lại

Sử dụng công thức

+ P dị hợp 2 cặp gen: A-B- = 0,5 + aabb, A-bb/aaB - = 0,25 – aabb

Bước 3: Xét các phát biểu

Hoán vị gen ở 2 bên cho 10 loại kiểu gen

Giao tử liên kết = (1-f)/2; giao tử hoán vị: f/2 

Cách giải:

Tỷ lệ kiểu gen aabb = 0,04 = 0,1 $\times$ 0,4 = 0,2 $\times$ 0,2 < 6,25% $\to$ các gen liên kết không hoàn toàn 

$\to$ ab = 0,2 < 0,25 $\to$ là giao tử hoán vị. 

P: $\frac{Ab}{aB}\times \frac{Ab}{aB}; f=40\%$; A-B- = 0,54; A-bb = aaB- = 0,21. 

Xét các phát biểu: 

I sai 

II đúng, A-bb + aaB- = 0,42 

III sai, $\frac{Ab}{aB}\times \frac{Ab}{aB}; f=40\%\to \left(0,3Ab:0,3aB:0,2AB:0,2ab\right)ab$Tỉ lệ kiểu hình $3:3:2:2$.

IV đúng, $\frac{Ab}{ab};\frac{aB}{ab};\frac{Ab}{Ab};\frac{aB}{aB}$.

Chọn A.

Phương pháp:

Lý thuyết về quá trình nhân đôi ADN

Vì enzim ADN-pôlimeraza chỉ tổng hợp mạch mới theo chiều 5’$\to$ 3’ nên:

Trên mạch khuôn có đầu 3’ thì mạch bổ sung được tổng hợp liên tục theo chiều 5’$\to$ 3’ cùng chiều với chiều tháo xoắn.

Trên mạch khuôn có đầu 5’ thì mạch bổ sung được tổng hợp ngắt quãng tạo nên các đoạn ngắn gọi là đoạn Okazaki cũng theo chiều 5’ $\to$3’ ngược chiều với chiều tháo xoắn, sau đó các đoạn này được nối lại với nhau nhờ enzim nối ADN – ligaza. 

Cách giải:

Ta vẽ lại hình và xác định chiều tổng hợp ADN:

Mạch khuôn có chiều 5’$\to$3’: tổng hợp liên tục.

Mạch khuôn có chiều 5’$\to$3’: tổng hợp gián đoạn.

I sai.

II sai, mạch II làm khuôn tổng hợp mạch liên tục.

III đúng.

IV đúng, mạch IV làm khuôn tổng hợp mạch liên tục, cần 1 đoạn mồi.

Chọn A.

Phương pháp:

Bước 1: Tính số các thể của các kiểu gen: tỉ lệ kiểu gen  tổng số cá thể.

Quần thể có thành phần kiểu gen: xAA : yAa : zaa 

Tần số alen $p_A=x+\frac{y}{2}\to q_a=1-p_A$

Tính lại tần số alen: Quần thể có thành phần kiểu gen: xAA : yAa : zaa

Tần số alen $p_A=x+\frac{y}{2}\to q_a=1-p_A$

Quần thể cân bằng di truyền có cấu trúc p²AA + 2pqAa + q²aa = 1

Bước 2: So sánh tần số alen các thế hệ

+ Nếu thay đổi theo 1 hướng $\to$ Chọn lọc tự nhiên

+ Nếu thay đổi đột ngột $\to$ Các yếu tố ngẫu nhiên

+ Nếu không thay đổi $\to$ giao phối. 

Cách giải:

P: 1000 cá thể, gen 0,16AA : 0,48Aa : 0,36aa $\to$ số cá thể từng loại kiểu gen là

AA = 0,16 $\times$ 1000 = 160

Aa = 0,48 $\times$ 1000 = 480

aa = 0,36 $\times$ 1000 = 360.

I đúng. Nếu có 200 cá thể có kiểu gen aa di cư từ nơi khác đến, quần thể có số lượng các kiểu gen:

AA = 160 

Aa = 480 

aa = 360 + 200 = 560 

$\to$ tỉ lệ kiểu gen khi đó là: $\frac{160}{1200}AA:\frac{480}{1200}Aa:\frac{560}{1200}aa\leftrightarrow \frac{2}{15}AA:\frac{6}{15}Aa:\frac{7}{15}aa\to p_A=\frac{1}{3}; q_a=\frac{2}{3}$

Khi quần thể thiết lập lại trạng thái cân bằng di truyền sẽ có cấu trúc: $\frac{1}{9}AA:\frac{4}{9}Aa:\frac{4}{9}aa$

II đúng.

P: 0,16AA: 0,48Aa : 0,36aa $\to$ tần số alen: A = 4=0,6

F₁: 0,3AA : 0,4Aa 0,3aa $\to$ tần số alen: A = a = 0,5 

$\to$ Có thể đã chịu tác động của các yếu tố ngẫu nhiên vì thành phần kiểu gen và tần số alen thay đổi không theo hướng xác định.

III sai.

F₁: 0,2AA : 0,6Aa : 0,2aa;

F₂: 0,4AA : 0,4Aa : 0,2aa;

F₃: 0,5AA:0,4Aa : 0,1aa

$\to$ tỉ lệ cá thể mang kiểu hình trội ngày càng tăng, tần số alen trội cũng tăng.

IV sai, giao phối không làm thay đổi tần số alen của quần thể. 

Chọn A.

Phương pháp: 

Nếu là tế bào sinh dục cái: tạo 1 loại giao tử

Nếu là tế bào sinh dục đực:

Một tế bào giảm phân không có HVG sẽ tạo ra 2 loại kiểu gen.

Xét các trường hợp:

+ 3 tế bào tạo 2 loại giao tử

+ 3 tế bào tạo 4 loại giao tử. 

Cách giải:

Cơ thể có kiểu gen AaBb giảm phân tạo tối đa 4 loại giao tử: AB, Ab, aB, ab.

Nếu là tế bào sinh dục cái: tạo 1 loại giao tử $\to$ 3 tế bào có thể

+ Cùng tạo 1 loại giao tử (3) 

+ Tạo 3 loại giao tử: 1:1:1. 

+ Tạo 2 loại giao tử: 2:1

Nếu là tế bào sinh dục đực:

1 tế bào AaBb giảm phân tạo tối đa 2 loại giao tử theo 2 trường hợp:

+ TH1: AB và ab

+ TH2: Ab và aB.

3 tế bào giảm phân có các trường hợp

+ 3 tế bào giảm phân theo trường hợp 1 hoặc 2: $\to$ 2 loại giao tử với tỉ lệ 1:1.

+1 tế bào giảm phân theo TH1, 2 tế bào giảm phân theo TH2 hoặc ngược lại: 2:2:1:1

Vậy tỉ lệ (1), (3), (6) thỏa mãn.

Chọn B.

Phương pháp:

Ở ruồi giấm không có HVG.

Bước 1: Tính tần số HVG

+ Từ aB/ab $\to$ ab =? 

+ Tính f khi biết ab

Bước 3: Xét các phát biểu

Giao tử liên kết = (1-f)/2; giao tử hoán vị: f/2. 

Cách giải:

$$\begin{gathered} \frac{aB}{ab}{X}^{d}Y=0,01\to \frac{aB}{ab}=\frac{0,01}{0,25}=0,04=1\times 0,04\to f=8\% \\ P: \frac{AB}{ab}{X}^D{X}^d\times \frac{ab}{ab}{X}^{D}Y \end{gathered}$$

I đúng, đời F₁ có 16 kiểu gen

II đúng 

III sai, tỷ lệ xám, cụt, đỏ $=0,04\frac{ab}{ab}\times 0,75X^D-=3\%$

IV đúng, ruồi cái thân xám, cánh dài, mắt đỏ: $A-B-X^D{X}^{-}=0,46\frac{AB}{ab}\times 0,5X^D-=23\%$

Chọn B.

Phương pháp: 

Bước 1: Xác định quy luật di truyền, quy ước gen, thứ tự trội lặn.

Bước 2: Xét các phát biểu.

Cách giải:

PL 1: Vàng $\times$ xám $\to$ 2 vàng:1 xám :1 trắng $\to$ Vàng > xám > trắng

PL 2: Đỏ $\times$ vàng $\to$ 2 đỏ :1 vàng :1 xám $\to$ Đỏ > vàng > xám

Thứ tự trội, lặn là: đỏ > vàng > xám > trắng.

Quy ước: A₁: lông đỏ > A₂: lông vàng A₃: lông xám > A₄: lông trắng

PL1: A₂A₄  A₃A₄ → 1A₂A₃:1A₂A₄:1A₃A₄:1A₄A₄ 

PL2: A₁A₃ A₂A_3/4 → 1A₁A₂: 1A₁A_3/4:1A₂A₃:1A₃A_3/4 

Hoặc A₁A₄ A₂A₃ → 1A₁A₂: 1A₁A₃:1A₂A₄:1A₃A_4.

Xét các phát biểu:

I sai, có 4 kiểu gen quy định kiểu hình lông đỏ: A₁A_1/2/3/4..

II đúng. Cho cá thể lông vàng F₁ của phép lai 1 giao phối với cá thể lông trắng:

A₂A₄ $\times$ A₄A₄ $\to$ 1A₂A₄:1 A₄A₄ $\to$ 50% lông vàng.

III đúng.

IV đúng, A₁A₄ $\times$ A₄A₄ $\to$ 1A₁A₄ :1A₄A₄   1 vàng: 1 trắng.

Chọn B.

Đối với bệnh 1: Bố mẹ (9 – 10) bình thường sinh con gái bị bệnh $\to$ bệnh 1 do gen lặn trên NST thường quy định.

$\to$ bệnh 2 là do gen trên NST X.

Xét bệnh 2: Bố (2) bị bệnh sinh con gái có bình thường có con gái bị bệnh $\to$ bệnh do gen lặn. 

Quy ước: A – không bị bệnh 1; a – bị bệnh 1

B – không bị bệnh 2; b – bị bệnh 2

Những người có con, bố, mẹ bị bệnh 2 thì có kiểu gen Bb

Những người phụ nữ có con, bố, mẹ bị bệnh 2 thì có kiểu gen X^BX^b

I đúng.

II sai, bệnh 2 do gen trên NST giới tính X. 

III sai,

Người số 7: Có bố mẹ có kiểu gen Aa $\times$ Aa $\to$ 1AA:2Aa:1aa

$\to$ người số 7: (1AA:2Aa)X^BX^b.

Người 13: 

Xét bệnh 1:

Người số 7: Có bố mẹ có kiểu gen Aa $\times$ Aa = 1AA:2Aa:1aa 

$\to$ người số 7: (1AA:2Aa)

Người số 8: Xuất phát từ quần thể có tần số alen gây bệnh 1 là 0,2 = a $\to$ A =0,8

$\to$ Cấu trúc của quần thể này là: 0,64AA:0,32Aa:0,04aa 

$\to$ người số 8: 0,64AA:0,32Aa $\leftrightarrow$ 2AA:1Aa

Xét cặp vợ chồng 7 – 8: (1AA:2Aa) $\times$ (2AA:1Aa) $\leftrightarrow$ (2A:1a)(5A:1a) $\to$10AA:7Aa:1aa $\to$ người 13: 10AA:7Aa 

Xét bệnh 2: X^BY 

+ Người 13: (10AA:7Aa) X^BY 

IV đúng.

Người 13: (10AA:7Aa) X^BY 

Người 14:

Xét bệnh 1:

Xét cặp vợ chồng 9 – 10: Aa $\times$ Aa $\to$ người 14: 1AA:2Aa

Xét bệnh 2:

Xét cặp vợ chồng 9 – 10: X^BX^b $\times$ X^BY $\to$ Người 14: 1X^BX^B: 1X^BX^b

$\to$ Người 14: (1AA:2Aa) (1X^BX^B: 1X^BX^b)

Xét cặp vợ chồng 13 – 14: (10AA:7Aa) X^BY $\times$ (1AA:2Aa) (1X^BX^B: 1X^BX^b)

$\leftrightarrow$ (27A:7a)(1X^B:1Y) $\times$ (2A:1a)(3X^B:1X^b) 

Xác suất họ sinh con gái không bị bệnh là: $\left(1-\frac{7}{34}a\times \frac{1}{3}a\right)\times 0,5X^{B}X=\frac{95}{204}$.

Chọn C.