40 câu hỏi trắc nghiệm thuộc 25 đề thi minh họa THPT Quốc gia môn Hóa học năm 2022 có đáp án (Đề 24)

Câu 1:

Dãy kim loại nào sau đây được sắp xếp theo chiều tăng của tính khử?

A. Na, Mg, Cu, Ag.

B. Mg, Fe, Ag, Cu.

C. Cu, Fe, Zn, Na.

D. Ag, Fe, Cu, Al.

Xem đáp án

Đáp án C

Câu 2:

Mô tả ứng dụng của Mg nào dưới đây không đúng?

A. Dùng chế tạo hợp kim nhẹ cho công nghiệp sản xuất ôtô, máy bay.

B. Dùng chế tạo dây dẫn điện.

C. Dùng trong các quá trình tổng hợp hữu cơ.

D. Dùng để tạo chất chiếu sáng.

Xem đáp án

Đáp án B

- Các hợp chất của magiê, chủ yếu là oxit magiê, được sử dụng như là vật liệu chịu lửa trong các lò sản xuất sắt và thép, các kim loại màu, thủy tinh hay xi măng.

- Hợp kim nhôm – magiê dùng trong sản xuất vỏ đồ hộp, cũng như trong các thành phần cấu trúc của ô tô và máy móc.

- Ngoài ra magiê kim loại còn được sử dụng để khử lưu huỳnh từ sắt hay thép, dùng trong các quá trình tổng hợp hữu cơ, dùng để tạo chất chiếu sáng.

Câu 3:

Hiện tượng mưa axit là do không khí bị ô nhiễm bởi dãy khí

A. Cl₂, CH₄, SO₂.

B. CO, CO₂, NO.

C. HCl, CO, CH₄.

D. SO₂, NO, NO₂.

Xem đáp án

Đáp án D

Mưa lẫn những khí này làm nồng độ axit trong không khí tăng cao gây ra hiện tượng mưa axit.

Câu 4:

Dãy nhiệt độ sôi các chất tăng dần là

A. CH₃COOH, CH₃CH₂OH, HCOOCH₃.

B. HCOOCH₃, CH₃COOH, CH₃CH₂OH.

C. CH₃COOH, HCOOCH₃, CH₃CH₂OH.

D. HCOOCH₃, CH₃CH₂OH, CH₃COOH.

Xem đáp án

Đáp án B

Nhiệt độ sôi các chất được sắp xếp: este < axit < ancol.

Câu 5:

Nước cứng vĩnh cửu có chứa các ion

A. Mg²⁺, Na⁺, $H C O_{3}^{-}$ .

B. Mg²⁺, Ca²⁺, $S O_{4}^{2 -}$ .

C. K⁺, Na⁺, $H C O_{3}^{-}, C O_{3}^{2 -}$ .

D. Mg²⁺, Ca²⁺,

H C O_{3}^{-}

.

Xem đáp án

Đáp án C

- Nước cứng là nước có chứa nhiều ion Mg²⁺, Ca²⁺.

- Nước cứng tạm thời là nước cứng có chứa ion $H C O_{3}^{-}$ .

- Nước cứng vĩnh cửu là nước cứng có chứa ion

S O_{4}^{2 -}; C l^{-}

.

Câu 6:

Ở điều kiện thường, amin X là chất lỏng, dễ bị oxi hóa khi để ngoài không khí. Dung dịch X không làm đổi màu quỳ tím nhưng tác dụng với nước brom tạo kết tủa trắng. Amin X là

A. anilin.

B. metylamin.

C. đimetylamin.

D. trimetylamin.

Xem đáp án

Đáp án A

Câu 7:

X là thành phần chính của một loại phân đạm 2 lá có hàm lượng dinh dưỡng khá cao nhưng là chất dễ gây cháy nổ nên khi lưu trữ cần chú ý an toàn tuyệt đối. X là

A. NH₄Cl.

B. (NH₂)₂CO.

C. KNO₃.

D. NH₄NO₃.

Xem đáp án

Đáp án D

Câu 8:

Kim loại đồng không phản ứng với chất nào sau đây?

A. H₂SO₄ (đặc).

B. HNO₃ (loãng).

C. HCl.

D. HNO₃ (đặc).

Xem đáp án

Đáp án C

Kim loại đồng và những kim loại đứng sau H trong dãy hoạt động hóa học sẽ không phản ứng được với HCl và H₂SO₄ loãng.

Câu 9:

Để phân biệt da thật và da giả làm bằng PVC, người ta thường dùng phương pháp đơn giản là:

A. Thuỷ phân.

B. Đốt thử.

C. Cắt.

D. Ngửi.

Xem đáp án

Đáp án B

Khi đốt da thật (protein) cháy có mùi khét, còn da giả thì không.

Câu 10:

Nhúng thanh sắt vào dung dịch CuSO₄, sau một thời gian khối lượng thanh sắt như thế nào?

A. Tăng.

B. Giảm.

C. Không đổi.

D. Không xác định được.

Xem đáp án

Đáp án A

Khối lượng thanh sắt tăng do khối lượng đồng bám vào nhiều hơn khối lượng sắt tan ra.

CuSO₄ + Fe ® FeSO₄ + Cu

.

Câu 11:

Công thức nào sau đây là của fructozơ ở dạng mạch hở?

A. CH₂OH-(CHOH)₃-COCH₂OH.

B. CH₂OH-(CHOH)₄-CHO.

C. CH₂OH-(CHOH)₂-CO-CHOH-CH₂OH.

D. CH₂OH-CO-CHOH-CO-CHOH-CHOH.

Xem đáp án

Đáp án A

Câu 12:

Dùng dung dịch Br₂ để phân biệt ancol etylic với chất nào sau đây?

A. Phenol.

B. Glixerol.

C. Ancol metylic.

D. Ancol isopropylic.

Xem đáp án

Đáp án A

Phenol làm mất màu dung dịch Br₂, đồng thời xuất hiện kết tủa trắng, còn ancol etylic thì không.

PTHH: C₆H₅OH + 3Br₂ ® C₆H₂Br₃OH + 3HBr

Câu 13:

Nhúng một lá Fe vào dung dịch chứa một trong những chất sau: FeCl₃, AlCl₃, CuSO₄, HCl, HNO₃ (đặc, nguội, dư), H₂SO₄ (đặc, nóng, dư), H₂SO₄ (loãng). Số trường hợp tạo muối sắt (II) là

A. 3.

B. 4.

C. 5.

D. 6.

Xem đáp án

Đáp án B

Fe + 2FeCl₃ ® 3FeCl₂

Fe + CuSO₄ ® FeSO₄ + Cu

Fe + 2HCl ® FeCl₂ + H₂

2Fe + 6H₂SO_{4 (đặc)} $\overset{t^{o}}{\to}$ Fe₂(SO₄)₃ + 3SO₂ + 6H₂O

Fe + H2SO₄(l) ® FeSO₄ + H₂

Câu 14:

Nhiệt phân hoàn toàn 10 gam muối CaCO₃ thu được bao nhiêu gam chất rắn?

A. 5,6.

B. 11,2.

C. 2,8.

D. 16,8.

Xem đáp án

Đáp án A

$C a C O_{3} \to_{}^{t °} C a O + C O_{2} n_{C a O} = n_{C a C O_{3}} = 0, 1 m o l m_{C a O} = 5, 6 (g)$ .

Câu 15:

Cho các chất axetilen, benzen, etan, propen, toluen, stiren, anilin, vinylclorua, etyl axetat. Có bao nhiêu chất tác dụng được với dung dịch nước brom?

A. 4.

B. 5.

C. 7.

D. 3.

Xem đáp án

Đáp án B

Các chất tác dụng được với dung dịch nước brom: axetilen, propen, stiren, anilin, vinylclorua.

Câu 16:

Cho sơ đồ: $C_{6} H_{12} O_{6} \to_{}^{H = 80 %} 2 C_{2} H_{5} O H \to_{}^{H = 60 %} C_{4} H_{6} \to_{}^{H = 80 %}$ Cao su buna. Khối lượng glucozơ cần để sản xuất 1 tấn cao su buna là:

A. 8,68 tấn.

B. 22,32 tấn.

C. 12,4 tấn.

D. 1 tấn.

Xem đáp án

Đáp án A

$m_{g l u c o z ô} = \frac{m_{c a o su buna}}{54} . \frac{1}{H % (1) . H % (2) . H % (3)} .180 = \frac{1}{54} . \frac{1}{80 % .80 % .60 %} .180 = 8, 68$ (tấn).

Đối với bài này, không nhất thiết phải tính hiệu suất từng giai đoạn, có thế áp dụng hiệu suất một lượt nhưng cần lưu ý tỉ lệ về số mol 2 chất là glucozơ và cao su buna.

Câu 17:

Thủy phân hoàn toàn m gam đipeptit Gly-Ala bằng dung dịch KOH vừa đủ, thu được dung dịch X. Cô cạn dung dịch X thu được 2,4 gam muối khan. Giá trị của m là

A. 1,46.

B. 1,36.

C. 1,64.

D. 1,22.

Xem đáp án

Đáp án A

Gly – Ala + 2KOH ® Ala – K + Gly – K + H2O

x 2x x

BTKL: $m_{G l y - A l a} + m_{K O H} = m_{m} + m_{H_{2} O}$

$\to 146 x + 2 x .56 = 2, 4 + 18 x \to x = 0, 01 mol \to m_{G l y - A l a} = 1, 46 (g)$

.

Câu 18:

Trong các chất sau chất nào là etilen?

A. C₂H₂.

B. C₆H₆.

C. C₂H₆.

D. C₂H₄.

Xem đáp án

Đáp án D

Câu 19:

Chất nào sau đây không phân li ra ion khi hòa tan vào nước?

A. Nhôm sunfat.

B. Natri hiđroxit.

C. Saccarozơ.

D. Axit sunfuric.

Xem đáp án

Đáp án C

Câu 20:

Tiến hành thí nghiệm giữa hồ tinh bột với iot theo các bước sau đây:

Bước 1: Cho vài giọt dung dịch iot vào ống nghiệm đựng sẵn 1 - 2 ml dung dịch hồ tinh bột (hoặc nhỏ vài giọt dung dịch iot lên mặt cắt quả chuối xanh hoặc củ khoai lang tươi, sắn tươi).

Bước 2: Đun nóng dung dịch một lát, sau đó để nguội.

Phát biểu nào sau đây sai?

A. Do cấu tạo ở dạng xoắn có lỗ rỗng, tinh bột hấp phụ iot cho màu xanh tím.

B. Nếu nhỏ vài giọt dung dịch iot lên mặt cắt của quả chuối chín thì màu xanh tím cũng xuất hiện.

C. Ở bước 2, màu của dung dịch có sự biến đổi.

D. Ở bước 1, dung dịch trong ống nghiệm chuyển sang màu xanh tím.

Xem đáp án

Đáp án B

B sai vì chuối chín lúc này tinh bột đã bị chuyển hóa thành glucozơ nên không làm đổi màu xanh tím.

Câu hỏi hay gặp về cacbohiđrat có trong chuối xanh và chuối chín. Nhỏ iot vào chuối xanh thì có màu xanh tím do lúc này cacbohiđrat có trong chuối xanh phần lớn là tinh bột, khi chuối đã chín tinh bột đa phần chuyển thành glucozơ không hấp phụ được iot nữa.

Câu 21:

Phát biểu nào sau đây là sai?

A. Chì (Pb) có ứng dụng để chế tạo thiết bị ngăn cản tia phóng xạ.

B. Trong y học, ZnO được dùng làm thuốc giảm đau dây thần kinh, chữa bệnh eczema, bệnh ngứa.

C. Nhôm là kim loại dẫn điện tốt hơn vàng.

D. Thiếc có thế dùng để phủ lên bề mặt của sắt để chống gỉ.

Xem đáp án

Đáp án C

Tính dẫn điện của kim loại giảm dần: Ag, Cu, Au, Al, Fe...

Câu 22:

Cho các este: vinyl axetat, etyl benzoat, benzyl fomat, etyl axetat, isoamyl axetat, phenyl axetat, anlyl axetat. Số este tác dụng với dung dịch NaOH đun nóng thu được ancol là

A. 4.

B. 5.

C. 3.

D. 6.

Xem đáp án

Đáp án B

Các este tác dụng với dung dịch NaOH đun nóng thu được ancol là: etyl benzoat, benzyl fomat, etyl axetat, isoamyl axetat, anlyl axetat.

Câu 23:

Phát biểu nào sau đây là đúng?

A. Glucozơ và glyxin là những hợp chất tạp chức.

B. Các hợp chất glucozơ và saccarozơ có cùng công thức đơn giản nhất.

C. Amin và amino axit đều có nhóm -NH₂.

D. Phenol và anilin đều tham gia phản ứng cộng brom.

Xem đáp án

Đáp án A

B sai vì công thức đơn giản nhất của glucozơ là CH₂O, còn saccarozơ là C₁₂H₂₂O₁₁.

C sai vì không phải amin là sẽ có nhóm -NH2, chỉ có amin bậc 1 là có.

D sai vì phenol và anilin đều tham gia phản ứng thế brom.

Câu 24:

Vị trí của nguyên tố ²⁶Fe trong bảng tuần hoàn là

A. ô 26, chu kỳ 4, nhóm VIIIA.

B. ô 26, chu kỳ 4, nhóm IIA.

C. ô 26, chu kỳ 3, nhóm VIIIB.

D. ô 26, chu kỳ 4, nhóm VIIIB.

Xem đáp án

Đáp án D

Cấu hình electron của ²⁶Fe: [Ar]3d⁶4s² nên Fe thuộc ô 26, chu kỳ 4, nhóm VIIIB.

Câu 25:

Hòa tan m gam hỗn hợp X gồm Al và Na có tỉ lệ mol 2:1 vào nước dư, thu được 4,48 lít khí (đktc). Giá trị của m là

A. 7,7.

B. 5,84.

C. 6,15.

D. 3,65.

Xem đáp án

Đáp án A

$H H \{\begin{cases} N a : x \\ A l : 2 x \end{cases}$

2Na + 2H₂O ® 2NaOH + H₂

x x 0,5x

2Al + 2H₂O +2NaOH ® 2NaAlO₂ + 3H₂

2x x 1,5x

Sau phản ứng, Al dư.

$n_{H_{2}} = 2 x = 0, 2 \to x = 0, 1 \to m = m_{A l} + m_{N a} = 0, 2.27 + 0, 1.23 = 7, 7 (g)$ .

Câu 26:

Khi cho 0,15 mol este đơn chức X tác dụng với dung dịch NaOH (dư), sau khi phản ứng kết thúc thì lượng NaOH phản ứng là 12 gam và tổng khối lượng sản phẩm hữu cơ thu được là 29,7 gam. Số đồng phân cấu tạo của X thỏa mãn các tính chất trên là

A. 4.

B. 5.

C. 6.

D. 2.

Xem đáp án

Đáp án A

n_NaOH = 0,03 mol

n_NaOH = 2.n_este nên X là este của phenol

$R C O O C_{6} H_{4} R^{'} + 2 N a O H \to R C O O N a + R^{'} C_{6} H_{4} O N a + H_{2} O$

BTKL: $m_{X} + m_{N a O H} = m_{m} + m_{H_{2} O}$

$\to m_{X} = 29, 7 + 0, 15.18 - 12 = 20, 4 (g) \to M_{X} = 136$

Các công thức cấu tạo của X có thể là:

HCOOC₆H₄CH₃ (3 đồng phân: o, m, p)

CH₃COOC₆H₅

Câu 27:

Cho các nhận định sau:

(1) Lipit bao gồm các chất béo, sáp, stearit, photpholipit chúng đều là các este phức tạp.

(2) Chất béo là trieste của glixerol với các axit đicacboxylic có mạch cacbon dài không phân nhánh.

(3) Chất béo là trieste của glixerol với các axit monocacboxylic có mạch cacbon dài, không phân nhánh.

(4) Dầu ăn là các trieste chủ yếu chứa các gốc axit béo không no.

(5) Tristerin là chất béo không no.

Các nhận định đúng là

A. 1, 2, 3.

B. 1, 3, 5.

C. 1, 3, 4.

D. 2, 3, 5.

Xem đáp án

Đáp án C

(2) sai vì chất béo là trieste của glixerol với các axit monocacboxylic có mạch cacbon dài, không phân nhánh.

(5) sai vì tristerin là chất béo no ((C₁₇H₃₅COO)₃C₃H₅).

Câu 28:

Cho dung dịch muối X vào dung dịch muối Y, thu đuợc dung dịch Z chỉ chứa một chất tan duy nhất và kết tủa T. Cho dung dịch HCl loãng dư vào X, thấy thoát ra một khí không màu hóa nâu trong không khí. Hai muối X và Y lần lượt là

A. NaI và Fe(NO₃)₃.

B. Fe(NO₃)₂ và AgNO₃.

C. Na₂CO₃và Fe(NO₃)₂.

D. Ba(NO₃)₂ và CuSO₄.

Xem đáp án

Đáp án B

AgNO₃ + Fe(NO₃)₂ ® Ag + Fe(NO₃)₃

_{$2 F e^{2 +} + N O_{3}^{-} + 4 H^{+} \to 3 F e^{3 +} + N O + 2 H_{2} O$}

2NO + O₂ ® 2NO₂ (khí màu nâu).

Câu 29:

Nung m gam hỗn hợp X gồm AgNO₃, Cu(NO₃)₂, Fe(NO₃)₂ thu được chất rắn X và 0,75 mol hỗn hợp khí Z gồm NO₂ và O₂. Tỉ khối của Z so với H₂ là 21,6. Mặc khác, cho m gam X vào nước dư, thu được 10,8 gam chất rắn. Các phản ứng xảy ra hoàn toàn. Giá trị của m là

A. 57,56.

B. 58,5.

C. 61,32.

D. 63,2.

Xem đáp án

Đáp án D

$m gam \{\begin{cases} A g N O_{3} : a \\ C u {(N O_{3})}_{2} : b \\ F e {(N O_{3})}_{2} : c \end{cases} \to_{}^{t °} \{\begin{cases} Y \{\begin{cases} A g \\ C u O \\ F e_{2} O_{3} \end{cases} B T e: a + x = c + 4 y \to a + 0, 6 = c + 4.0, 15 \to a = c \\ Z \{\begin{cases} N O_{2} : x \\ O_{2} : y \end{cases} \to \{\begin{cases} x + y = 0, 75 \\ 46 x + 32 y = 0, 75.21, 6.2 \end{cases} \to \{\begin{cases} x = 0, 6 \\ y = 0, 15 \end{cases} \end{cases} m gam \{\begin{cases} A g N O_{3} \\ C u {(N O_{3})}_{2} \\ F e {(N O_{3})}_{2} \end{cases} \to_{}^{H_{2} O} A g^{+} + F e^{2 +} \to A g + F e^{3 +} (1)$

Số mol AgNO₃ bằng số mol Fe(NO₃)₂ nên phản ứng (1) xảy ra hoàn toàn với AgNO₃ và Fe(NO₃)₂ vừa đủ. Khối lượng rắn sau phản ứng là của bạc.

$n_{A g^{+}} = n_{F e^{2 +}} = n_{A g} = 0, 1 m o l n_{A g N O_{3}} + 2 n_{C u {(N O_{3})}_{2}} + 2 n_{F e {(N O_{3})}_{2}} = n_{N O_{2}} \to n_{C u {(N O_{3})}_{2}} = 0, 15 m o l$

BTKL: $m = m_{A g N O_{3}} + m_{C u {(N O_{3})}_{2}} + m_{F e {(N O_{3})}_{2}} = 63, 2 (g)$ .

Câu 30:

Đốt cháy hoàn toàn 0,2 mol hỗn hợp gồm C₂H₄, C₄H₄, C₄H₁₀, CH₄ cần vừa đủ 0,735 mol O₂, dẫn toàn bộ sản phẩm cháy qua dung dịch Ba(OH)₂ dư thì thu được m gam kết tủa. Mặt khác, 13,72 gam hỗn hợp trên làm mất màu vừa đủ 0,4 mol Br₂. Giá trị của m gần nhất với

A. 50.

B. 193.

C. 97.

D. 99.

Xem đáp án

Đáp án A

(3) nHOOCC₆H₄COOH(P) + nC₂H₄(OH)₂(Z) ® -(OCC₆H₄CO - OCH₂CH₂O)_n- + 2nH₂O

(2) 2CH₂ = CH - COONa (Y) + H₂SO₄ ® 2CH₂ = CH - COOH (T) + Na₂SO₄.

(1) CH₂ = CH - COOCH₂CH₂OH(X) + NaOH ® CH₂ = CH - COONa (Y) + C₂H₄(OH)₂(Z)

Câu 31:

Cho m gam NaOH vào dung dịch chứa 0,04 mol H₃PO₄, sau phản ứng hoàn toàn thu được dung dịch Y. Cô cạn dung dịch Y thu được 1,22m gam chất rắn khan. Giá trị m là

A. 2,0.

B. 4,0.

C. 6,0.

D. 8,0.

Xem đáp án

Đáp án D

Trường hợp 1: Trong chất rắn chứa muối axit hoặc axit.

$1, 22 m \{\begin{cases} P O_{3}^{4 -} : 0, 04 (n_{H_{3} P O_{4}}) \\ N a^{+} : \frac{m}{40} (n_{N a O H}) \\ H^{+} : 0, 12 - \frac{m}{40} \end{cases} \to 0, 04.95 + \frac{m}{40} .23 + 0, 12 - \frac{m}{40} = 1, 22 m \to m = 5, 85$

Trường hợp 2: Trong chất rắn chứa muối trung hòa hoặc có bazơ dư.

$1, 22 m \{\begin{cases} P O_{4}^{3 -} : 0, 04 (n_{H_{3} P O_{4}}) \\ N a^{+} : \frac{m}{40} (n_{N a O H}) \\ O H^{-} : \frac{m}{40} - 12 \end{cases} \to 0, 04.95 + \frac{m}{40} .23 + 17. (\frac{m}{40} - 0, 12) = 1, 22 m \to m = 8$

Đối với bài này, thay vì giải bằng cách chia 5 trường hợp tạo sản phẩm, cách làm trên đã gộp thành 2 trường hợp giúp thời gian tính toán nhanh hơn.

Câu 32:

Thực hiện sơ đồ phản ứng sau:

(1) X (C, H, O) + NaOH $\to$ Y + Z.

(2) 2Y + H₂SO₄ $\to$ 2T (C₃H₄O₂) + Na₂SO₄.

(3) nZ + nP $\to$ tơ lapsan + 2nH₂O.

Phân tử khối của chất X là

A. 116.

B. 174.

C. 170.

D. 118.

Xem đáp án

Đáp án A

(3) nHOOCC₆H₄COOH(P) + nC₂H₄(OH)₂(Z) ® -(OCC₆H₄CO - OCH₂CH₂O)_n- + 2nH₂O

(2) 2CH₂ = CH - COONa (Y) + H₂SO₄ ® 2CH₂ = CH - COOH (T) + Na₂SO₄.

(1) CH₂ = CH - COOCH₂CH₂OH(X) + NaOH ® CH₂ = CH - COONa (Y) + C₂H₄(OH)₂(Z)

Câu 33:

Điện phân dung dịch muối MSO₄ (M là kim loại) với điện cực trơ, cuờng độ dòng điện không đổi. Sau thời gian t giây, thu được a mol khí ở anot. Nếu thời gian điện phân là 2t giây thì tổng số mol khí thu được ở cả hai điện cực là 2,5a mol. Giả sử hiệu suất điện phân là 100%, khí sinh ra không tan trong nước. Phát biểu nào sau đây là sai?

A. Khi thu được l,8a mol khí ở anot thì vẫn chưa xuất hiện bọt khí ở catot.

B. Tại thời điểm 2t giây, có bọt khí ở catot.

C. Dung dịch sau điện phân có pH < 7.

D. Tại thời điểm t giây, ion M²⁺ chưa bị điện phân hết.

Xem đáp án

Đáp án A

Sau thời gian t giây, thứ tự điện phân:

$M^{2 +} + 2 e \to M 2 H_{2} O \to 4 H^{+} + O_{2} + 4 e a 4 a \to n_{e (-)} = 4 a$

Sau thời gian 2t giây, thứ tự điện phân

$M^{2 +} + 2 e \to M 2 H_{2} O \to 4 H^{+} + O_{2} + 4 e a 4 a 2 H_{2} O + 2 e \to 2 O H^{-} + H_{2} \to n_{e} = 2 n_{e (-) (t s)} = 8 a$

BT e: $\to \{\begin{cases} n_{O_{2}} = \frac{8 a}{4} = 2 a \\ n_{H_{2}} = 2, 5 a - 2 a = 0, 5 a \end{cases} \to n_{M^{2 +}} = \frac{8 a - 2.0, 5 a}{2} = 3, 5 a$

Khi thu được 1,8a khí ở anot $\to n_{e (-)} = n_{e (+)} = 4.1, 8 a = 7, 2 a$

$\to n_{e (+)} > 2 n_{M^{2 +}}$ nên lúc này ở catot nước đã điện phân, có khí xuất hiện ® A sai.

Sau điện phân:

Thời điểm t giây có ion H⁺ nên p_H < 7

Còn thời điểm 2t giây, $n_{H^{+}} > n_{O H^{-}} (4 a > a)$ nên p_H < 7 ® C đúng

Ở thời điểm t giây, $n_{e (+)} < 2 n_{M^{2 +}} (4 a < 7 a)$ nên ion M²⁺ chưa bị điện phân hết ® D đúng.

Để xác định pH tại thời điểm điện phân: cần lưu ý thời điểm có cả H⁺ và OH^- lúc này số mol H⁺ lớn hơn thì p_H < 7, ngược lại, số mol H⁺ thì p_H > 7.

Câu 34:

X, Y, Z là ba este đều no và mạch hở (không chứa nhóm chức khác và M_X < M_Y < M_Z). Đun nóng hỗn hợp E chứa X, Y, Z với dung dịch NaOH vừa đủ thu được một ancol T và hỗn hợp F chứa hai muối A và B có tỉ lệ mol tương ứng là 5:3 (M_A < M_B). Dẫn toàn bộ T qua bình đựng Na dư thấy khối lượng bình tăng 12 gam đồng thời thu được 4,48 lít khí H₂ (đo ở đktc). Đốt cháy toàn bộ F thu được Na₂CO₃, CO₂ và 6,3 gam H₂O. Số nguyên tử hiđro có trong Y là

A. 10.

B. 8.

C. 2.

D. 6.

Xem đáp án

Đáp án A

$E \to_{}^{N a O H} \{\begin{cases} T : A n c o l \to_{}^{N a} \{\begin{cases} m_{b ↑} = 12 \\ H_{2} : 0, 2 \end{cases} \\ F : \{\begin{cases} A \\ B \end{cases} \to_{}^{O_{2}} \{H_{2} O : 0, 35 \end{cases} m_{T} = m_{b ↑} + m_{H_{2}} = 12, 4 R {(O H)}_{n} \to_{}^{N a} \frac{n}{2} H_{2} \to M_{T} = \frac{m_{T}}{\frac{0, 2.2}{n}} = 31 n \to \{\begin{cases} n = 2 \\ M = 62 (C_{2} H_{4} {(O H)}_{2}) \end{cases}$

Vật este 2 chức: $\to n_{N a O H} = n_{O H (T)} = 0, 4$

Vậy A và B là 2 muối đơn chức:

$\to \{\begin{cases} A : C_{n} H_{2 n - 1} O_{2} N a : 5 a \\ B : C_{m} H_{2 m - 1} O_{2} N a : 3 a \end{cases} \to 8 a = n_{N a O H} = 0, 4 \to a = 0, 05 \to \{\begin{cases} A : C_{n} H_{2 n - 1} O_{2} N a : 0, 25 \\ B : C_{m} H_{2 m - 1} O_{2} N a : 0, 15 \end{cases}$

BT H: $0, 25. (2 n - 1) + 0, 15 (2 m - 1) = 0, 35.2 \to \{\begin{cases} n = 1 \\ m = 3 \end{cases}$

$\to \{\begin{cases} H C O O N a \\ C_{2} H_{5} C O O N a \end{cases} \to \{\begin{cases} X : {(H C O O)}_{2} C_{2} H_{4} \\ Y : (H C O O) (C_{2} H_{5} C O O) C_{2} H_{4} \\ Z : {(C_{2} H_{5} C O O)}_{2} C_{2} H_{4} \end{cases}$

Vậy số nguyên tử H trong Y là 10.

Câu 35:

Hòa tan hoàn toàn m gam hỗn hợp gồm Al và Al₂O₃ (tỉ lệ mol 1:1) cần dùng vừa đủ dung dịch chứa HCl và H₂SO₄, thu được khí H₂ và dung dịch X chỉ chứa các muối clorua và sunfat trung hòa. Cho từ từ dung dịch Ba(OH)₂ đến dư vào X, sự phụ thuộc số mol kết tủa và số mol Ba(OH)₂ được biểu diễn theo đồ thị sau:

Hòa tan hoàn toàn m gam hỗn hợp gồm Al và Al2O3 (tỉ lệ mol 1:1) cần dùng vừa đủ (ảnh 1)

Giá trị của m là

A. 15,48.

B. 16,34.

C. 13,33.

D. 12,90.

Xem đáp án

Đáp án D

Phân tích đồ thị:

Đoạn 1: Al₂(SO₄)₃ tác dụng với Ba(OH)₂

Đoạn 2: AlCl₃ tác dụng với Ba(OH)₂

Đoạn 3: Al(OH)₃ tan, chỉ còn lại kết tủa BaSO₄

- Số mol BaSO₄ còn lại giai đoạn 3 bằng số mol BaSO₄ tạo thành giai đoạn 1.

Al₂(SO₄)₃ + 3Ba(OH)₂ ® 2Al(OH)₃ + 3BaSO₄

$\to \{\begin{cases} n_{A l {(O H)}_{3}} = \frac{8 a}{3} \\ n_{B a {(O H)}_{2}} = 4 a \to n_{O H^{-}} = 8 a \end{cases}$

- Khi kết tủa max, thì số mol Al(OH)₃ tạo thành thêm: $n_{A l {(O H)}_{3}} = 9 a - 4 a - \frac{8 a}{3} = \frac{7 a}{3}$

$\to n_{O H^{-}} = \frac{7 a}{3} .3 = 7 a$

- Lúc $n_{B a {(O H)}_{2}} = 0, 52 \to n_{O H^{-}} = 1, 04$ thì lượng kết tủa bằng lượng kết tủa của giai đoạn 1: $n_{B a S O_{4}} = 4 a + \frac{8 a}{3}$ nên kết tủa Al(OH)₃ đã tan $\frac{7 a}{3}$ mol

$A l {(O H)}_{3} + O H^{-} \to A l O_{2}^{-} + 2 H_{2} O \to n_{O H^{-}} = \frac{7 a}{3} \sum n_{O H^{-}} = 1, 04 \to 8 a + \frac{7 a}{3} .3 + \frac{7 a}{3} \to a = 0, 06$

Lúc kết tủa max: $n_{A l {(O H)}_{3}} = 9 a - 4 a = 5 a$

$\to n_{A l} = 5 a \to x + 2 x = 5.0, 06 \to x = 0, 1 \to m = 12, 9 (g)$

Giải thích về sự phụ thuộc khối lượng kết tủa vào số mol Ba(OH)₂.

+ Đoạn 1: Ba(OH)₂ tác dụng với Al₂(SO₄)₃ tạo thành BaSO₄ và Al(OH)₃ nên kết tủa tăng nhanh, đồ thị dốc.

+ Đoạn 2: Ba(OH)₂ tác dụng với AlCl₃ tạo kết tủa Al(OH)₃ nên kết tủa tăng.

+ Đoạn 3: Al(OH)₃ tác dụng với Ba(OH)₂ nên kết tủa tan, vì vậy mà lượng kết tủa giảm, đồ thị đi xuống.

Câu 36:

Cho các phát biểu sau:

(1) Etyl axetat là chất lỏng, tan nhiều trong nước.

(2) Hợp chất H₂NCH₂CONHCH₂CH₂COOH là đipeptit.

(3) Tất cả các peptit đều có khả năng tham gia phản ứng thủy phân.

(4) Tinh bột, tripanmitin và lòng trắng trứng đều bị thủy phân trong môi trường kiềm, đun nóng.

(5) Tơ visco và tơ axetat thuộc loại tơ nhân tạo có nguồn gốc từ xenlulozơ.

(6) Xăng E5 là xăng sinh học được pha 5% cồn sinh học (bio-ethanol), 95% còn lại là xăng Ron A92.

Số phát biểu đúng là

A. 5.

B. 4.

C. 2.

D. 3.

Xem đáp án

Đáp án D

(1) sai vì este ít tan trong nước.

(2) sai vì không được tạo ra từ các a-amino axit.

(3) đúng.

(4) sai vì tinh bột không thủy phân trong môi trường kiềm.

(5) đúng.

(6) đúng.

Câu 37:

Hòa tan hoàn toàn 23,46 gam hỗn hợp X gồm Mg, Cu(OH)₂ và Fe(NO₃)₂ trong dung dịch chứa 0,92 mol NaHSO₄, thu được dung dịch Y chỉ chứa 123,42 gam muối trung hòa và 2,24 lít (đktc) hỗn hợp khí Z gồm N₂, NO và H₂, có tỉ khối so với He là 5,85. Cho Y tác dụng hoàn toàn với dung dịch Ba(OH)₂ (loãng, dư), thu được 243,59 gam kết tủa. Phần trăm khối lượng của Mg trong X là

A. 33,76%.

B. 31,71%.

C. 32,74%.

D. 30,69%.

Xem đáp án

Đáp án A

BTKL: $m_{H_{2} O} = 8, 1 \to n_{H_{2} O} = 0, 45$

$Y \{\begin{cases} M g^{2 +} : a \\ C u^{2 +} : b \\ F e^{2 +} : c \\ F e^{3 +} : d \\ N a^{+} : 0, 92 \\ N H_{4}^{+} : e \\ S O_{4}^{2 -} : 0, 92 \end{cases} \to_{}^{B a {(O H)}_{2}} \{\begin{cases} ↓ \\ N H_{3} \\ H_{2} O \end{cases} \{\begin{cases} 2 a + 2 b + 2 c + 3 d + e + 0, 92 = 0, 92.2 (B T Đ T) \\ 2 a + 2 b + 2 c + 3 d + e = n_{O H^{-} (B a (O H_{2}))} \end{cases} \to n_{O H^{-} (B a (O H_{2}))} = 0, 92 n_{S O_{4}^{2 -}} = 0, 92 \to n_{B a {(O H)}_{2}} = 0, 92 n_{O H^{-} (↓)} = 0, 92 - e \to m_{↓} = m_{K L} + m_{O H^{-} (↓)} \to m_{K L} = 29, 23 - 17. (0, 92 - e) m_{m} = m_{K L} + m_{S O_{4}^{2 -}} + m_{N a^{+}} + m_{N H_{4}^{+}} = 123, 42 \to 29, 23 - 17 (0, 92 - e) + 0, 92.96 + 0, 92.23 + 18 e = 123, 42 \to e = 0, 01 \{\begin{cases} N_{2} : x \\ N O : z \\ H_{2} : y \end{cases}$

BT H: $n_{C u {(O H)}_{2}} = \frac{0, 01.4 + 2 y + 0, 45.2 - 0, 92}{2} = y + 0, 01$

$\to \{\begin{cases} x + y + z = 0, 1 \\ 28 x + 30 z + 2 y = 0, 1.5, 85.4 \\ 2. (y + 0, 01) + 12 x + 2 y + 4 z + 0, 01.10 = 0, 92 (n_{H^{+}}) \end{cases} \to \{\begin{cases} x = 0, 05 \\ y = 0, 02 \\ z = 0, 03 \end{cases} \to n_{C u {(O H)}_{2}} = 0, 03$

BTNT N: $n_{F e {(N O_{3})}_{2}} = \frac{0, 05.2 + 0, 03 + 0, 01}{2} = 0, 07 \to % m_{M g} = 33, 76 %$ .

- Bài này khá phức tạp, không thể tính trực tiếp mà phải qua nhiều giai đoạn, đặt 5 ẩn, việc cần làm là tìm mối liên hệ giữa các ẩn.

- Đối với các bài toán vô cơ phức tạp, nên tận dụng và kết hợp các phương pháp bảo toàn như bảo toàn khối lượng, bảo toàn điện tích và đặc biệt là bảo toàn electron.

+ Đoạn 4: Khi kết tủa Al(OH)₃ tan hết, vẫn còn lượng kết tủa BaSO₄ không đổi, nên đồ thị đi ngang.

Câu 38:

Chất X (C₉H₈O₄) là một thuốc cảm. Cho 1 mol X phản ứng hết với dung dịch NaOH thu được 1 mol chất Y; 1 mol chất Z và 2 mol H₂O. Nung Y với vôi tôi, xút dư, thu được ankan đơn giản nhất. Chất Z phản ứng với dung dịch H₂SO₄ loãng dư, thu được hợp chất hữu cơ tạp chức T (không có khả năng tham gia phản ứng tráng gương). Cho các phát biểu sau:

(1) X có 3 công thức cấu tạo phù hợp

(2) Chất X phản ứng với NaOH (t°) theo tỉ lệ mol tương ứng 1:3.

(3) Từ Y bằng một phản ứng có thể điều chế được axit axetic.

(4) Chất Z có công thức phân tử là C₇H₄O₄Na₂.

(5) Chất T không tác dụng với CH₃COOH nhưng có phản ứng với CH₃OH (xúc tác H₂SO₄ đặc, t°).

Số phát biểu đúng là

A. 1.

B. 2.

C. 3.

D. 4.

Xem đáp án

Đáp án D

X: CH₃COOC₆H₄COOH

CH₃COOC₆H₄COOH + 3NaOH ® CH₃COONa + NaOC₆H₄COONa + 2H₂O

® Y: CH₃COONa

Z: NaOC₆H₄COONa ® T: HOC₆H₄COOH

(1) đúng. Có 3 công thức cấu tạo (o, m, p)

(2) đúng.

(3) đúng. CH₃COONa + H₂SO₄ ® CH₃COOH + Na₂SO₄

(4) sai.

(5) đúng. T chứa OH của phenol không phản ứng với axit, nhưng nhóm chức axit vẫn phản ứng với CH₃OH tạo este.

Câu 39:

Thực hiện các thí nghiệm sau:

(a) Cho mẫu Na vào dung dịch HCl.

(b) Cho bột Al tiếp xúc với Cl₂.

(c) Đốt cháy HgS trong khí O₂ dư.

(d) Cho dung dịch Na₂CO₃ vào dung dịch FeCl₂.

(e) Cho dung dịch FeCl₃ vào dung dịch AgNO₃.

(g) Cho Fe₃O₄ vào dung dịch HCl loãng, dư.

Số thí nghiệm có phản ứng oxi hóa – khử xảy ra là

A. 2.

B. 3.

C. 4.

D. 5.

Xem đáp án

Đáp án B

Những thí nghiệm có phản ứng oxi hóa – khử: (a), (b), (c).

(a) 2Na + 2HCl ® 2NaCl + H₂

(b) 2Al + 3Cl₂ ® 2AlCl₃

(c) HgS + O₂ ® Hg + SO₂

(d) Na₂CO₃ +FeCl₂ ® FeCO₃ +2NaCl

(e) FeCl₃ +3AgNO₃ ® 3AgCl + Fe(NO₃)₃

(g) Fe₃O₄ + 8HCl ® FeCl₂ + 2FeCl₃ + 4H₂O

Câu 40:

Hỗn hợp X gồm chất Y (C₂H₁₀O₃N₂) và chất Z (C₂H₇O₂N). Cho 14,85 gam X phản ứng vừa đủ với dung dịch NaOH và đun nóng, thu được dung dịch M và 5,6 lít (đktc) hỗn hợp T gồm hai khí đều làm xanh quỳ ẩm, có tỉ khối so với H₂ lớn hơn 12,5. Cô cạn toàn bộ dung dịch M thu được m gam muối khan. Giá trị của m là

A. 10,6 gam.

B. 14,7 gam.

C. 14,0 gam.

D. 8,2 gam.

Xem đáp án

Đáp án B

Y có công thức: (CH₃NH₃)CO₃(NH₄)

Z có công thức: CH₃COONH₄ hoặc HCOONH₃CH₃

_{$\{\begin{cases} C_{2} H_{10} O_{3} N_{2} : x \\ C_{2} H_{7} O_{2} N : y \end{cases} \to \{\begin{cases} 110 x + 77 y = 14, 85 \\ 2 x + y = 0, 25 \end{cases} \to \{\begin{cases} x = 0, 1 \\ y = 0, 05 \end{cases}$}

Vì thu được 2 khí nên Z phải là CH₃COONH₄

$M \{\begin{cases} N a_{2} C O_{3} : 0, 1 \\ C H_{3} C O O N a : 0, 05 \end{cases} \to m = 14, 7 (g)$

CHỌN BỘ SÁCH BẠN MUỐN XEM

25 đề thi minh họa THPT Quốc gia môn Hóa học năm 2022 có đáp án

25 đề thi minh họa THPT Quốc gia môn Hóa học năm 2022 có đáp án (Đề 24)

Danh sách câu hỏi

Bài thi liên quan