Chọn đáp án A.

Vì phôtpho tham gia vào cấu trúc của nhiều đại phân tử sinh học cho nên phôtpho có hàm lượng lớn " Là nguyên tố đại lượng.

Chọn đáp án A.

Phổi của chim là một hệ thống ống khí và không có khí cặn do có các túi khí thực hiện việc lưu thông khí và có các van chỉ cho dòng khí lưu thông theo một chiều. Ngay cả khí hít vào và thở ra đều có dòng khí giàu O₂ đi qua phổi nên trao đổi khí đạt hiệu quả cao.

Chọn đáp án B.

Chọn đáp án D.

Tế bào ban đầu có 3 cặp nhiễm sắc thể tương đồng kí hiệu là AaBbDd tham gia nguyên phân thì vào pha S NST nhân đôi thành NST kép có dạng AAaaBBbbDDdd, đến kì sau các NST kép tách thành 2 NST đơn phân li về 2 cực của tế bào thành 2 nhóm giống nhau.

Nếu NST A và b không phân li thì các tế bào con có thành phần nhiễm sắc thể là: AAaBbbDd và aBDd hoặc AAaBDd và aBbbDd.

Chọn đáp án D.

Các dạng đột biến cấu trúc NST: Mất đoạn, đảo đoạn, lặp đoạn, chuyển đoạn đều làm thay đổi cấu trúc NST.

Các dạng đột biến số lượng NST không làm thay đổi cấu trúc NST mà chỉ làm thay đổi số lượng NST.

Chọn đáp án C.

Vì thể ba có bộ NST là 2n +1 = 14 +1 = 15.

Chọn đáp án B.

Phép lai AA × Aa " 1AA : 1Aa. Kiểu hình 100% hoa đỏ.

Chọn đáp án D.

Phép lai A: X^AX^A × X^AY " Tỉ lệ kiểu gen: Giới cái: 100% X^AX^A, giới đực: 1 X^AY.

" Tỉ lệ kiểu hình: 100% trội ở cả giới đực và giới cái

Phép lai B: X^AX^a × X^aY " Tỉ lệ kiểu gen: 1X^AX^a: 1X^aX^a: 1 X^AY: 1 X^aY

" Tỉ lệ kiểu hình: Giới đực: 50%Trội : 50% lặn, Giới đực: 50%Trội : 50% lặn

Phép lai C: Phép lai A: X^aX^a × X^aY "Tỉ lệ kiểu gen: Gới cái: 100% X^aX^a ,giới đực: 1X^aY

" Tỉ lệ kiểu hình: 100% lặn ở cả giới đực và giới cái

Phép lai D: X^aX^a × X^AY " Tỉ lệ kiểu gen: Giới cái: 100% X^AX^a; giới đực: 100% X^aY

 " Tỉ lệ kiểu hình của giới đực khác với tỉ lệ kiểu hình của giới cái.

Chọn đáp án B.

Vì kiểu gen của P là AA × aa sẽ sinh ra đời con có 100%Aa (hoa hồng).

Chọn đáp án B.

Vì kiểu gen aabbDD ít hơn kiểu gen AaBbDd 1 alen trội nên độ cao sẽ thấp hơn 10 cm.

Chọn đáp án B.

Tần số alen p(A)=0,2 " Tần số alen a là: q = 1 – p = 1– 0,2 = 0,8.

Quần thể cân bằng có cấu trúc: p²AA : 2pqAa : q²aa = 1.

" Cấu trúc di truyền của quần thể là: 0,04AA : 0,32Aa : 0,64aa.

Chọn đáp án B.

* Các enzim được sử dụng để tạo ADN tái tổ hợp gồm enzim cắt giới hạn và enzim nối.

Ø Enzim cắt giới hạn (restrictaza), cắt hai mạch đơn của phân tử ADN ở những vị trí nucleotit xác định.

Ø Enzim nối (ligaza) tạo liên kết phosphodieste làm liền mạch ADN, tạo ADN tái tổ hợp.

Chọn đáp án C.

Chọn đáp án D.

Chọn đáp án A

Số lượng cá thể của quần thể là: 15×600 = 9000 cá thể.

Chọn đáp án B.

Chọn đáp án A.

• Trong môi trường có khí hậu khô nóng của vùng nhiệt đới thì thực C₃ có năng suất thấp hơn rất nhiều so với thực vật C₄ là vì những lí do sau:
• Thực vật C₃ có điểm bão hoà ánh sáng thấp (chỉ bằng 1/3 ánh sáng toàn phần) nên khi môi trường có cường độ ánh sáng càng mạnh thì cường độ quang hợp của cây C₃ càng giảm. Trong khi đó cường độ ánh sáng càng mạnh thì cường độ quang hợp của cây C₄ càng tăng (Cây C₄ chưa xác định được điểm bão hoà ánh sáng).
• Điểm bão hoà nhiệt độ của cây C₄ cao hơn cây C₃. Khi môi trường có nhiệt độ trên thì cường độ quang hợp của cây C₃ giảm dần trong khi cây C₄ lại quang hợp mạnh nhất ở nhiệt độ $35°\mathrm{C}$.
• Thực vật C₃ có hô hấp sáng làm tiêu phí mất 30 đến 50% sản phẩm quang hợp, còn thực vật C₄ không có hô hấp sáng.

=> Vì vậy ở môi trường nhiệt đới thì cường độ quang hợp của cây C₄ luôn cao hơn rất nhiều lần so với cường độ quang hợp của cây C₃.

Chọn đáp án C.

Có 2 phát biểu đúng, đó là I và II.

Nhịn thở sẽ làm tăng lượng CO₂ trong máu, do đó làm giảm độ pH máu. Khi độ pH máu giảm thì sẽ kích thích làm tăng nhịp tim.

Khiêng vật nặng thì sẽ làm tăng hô hấp nội bào, do đó làm tăng nồng độ CO₂ trong máu. Điều này sẽ làm giảm độ pH máu cho nên sẽ làm tăng nhịp tim.

Tăng nhịp tim thì sẽ làm giảm nồng độ CO₂ trong máu, do đó sẽ làm tăng độ pH máu.

=> Phát biểu III sai.

Thải CO₂ sẽ làm tăng độ pH máu => phát biểu IV sai.

Chọn đáp án B.

Đột biến gen không làm thay đổi trình tự sắp xếp của các gen trên nhiễm sắc thể. Nó chỉ làm thay đổi, trình tự, số lượng các nuclêôtit trong một gen nào đó.

Chọn đáp án C.

Có 3 phát biểu đúng, đó là I, III và IV.

II sai. Gen trong tế bào chất (ở bào quan ti thể, lục lạp) nhân đôi độc lập với ADN ở trong nhân cho nên số lần nhân đôi của ADN trong nhân thường ít hơn số lần nhân đôi của ADN trong tế bào chất.

III đúng vì các gen Z, Y, A có chung một cơ chế điều hòa cho nên luôn có số lần phiên mã bằng nhau.

Chọn đáp án C.

F₁ gồm 4 loại kiểu hình => P dị hợp 2 cặp gen.

F₁ có 21% số cây thân cao, quả chua (A-bb) => ab/ab có tỉ lệ là 0,25 – 0,21 =0,04.

Vì ab/ab = 0,04 nên giao tử ab = 0,2 " hoán vị gen là 40% => D sai.

Kiểu hình đồng hợp tử về 2 cặp gen gồm có 4 kiểu gen. Vì đồng hợp về gen A thì có 2 kiểu gen; đồng hợp về gen B thì có 2 kiểu gen => Có 4 kiểu gen đồng hợp về 2 cặp gen. => A sai.

Cây thấp, quả ngọt (aaB-) chỉ có 2 kiểu gen => B sai.

Trong số các cây thân cao, quả ngọt ở F₁, số cây có kiểu gen đồng hợp tử về cả 2 cặp gen có tỉ lệ là $\frac{\mathrm{0,04}}{\mathrm{0,5}+\mathrm{0,04}}=\frac{7}{27}$=> C đúng.

Chọn đáp án C.

Có 4 nhân tố, đó là I, II, III và V.

Chọn đáp án A.

Vì khi kích thước quần thể giảm xuống dưới mức tối thiểu thì sự hỗ trợ cùng loài giảm, xảy ra giao phối gần làm xuất hiện các thể đột biến lặn biểu hiện kiểu hình gây chết dẫn tới tiếp tục làm số lượng cá thể và đi tới diệt vong.

Chọn đáp án D.

Chọn đáp án D.

Muốn xác định trình tự của các đa trên chuỗi pôlipeptit thì phải dựa vào trình tự các bộ ba trên mARN. Muốn xác định trình tự các bộ ba trên mARN thì phải dựa vào trình tự nuclêôtit trên mạch gốc của gen. Mạch gốc của gen được đọc theo chiều từ 3’ đến 5’.

F Bài ra cho biết mạch gốc của gen là 5’GGX XGA XGG GXX3’ thì chúng ta viết đảo lại mạch gốc thành: 3’XXG GGX AGX XGG5’.

F Mạch ARN tương ứng là: 5’GGX XXG UXG GXX3’.

F Trong quá trình dịch mã, mỗi bộ ba trên mARN quy định 1 aa trên chuỗi pôlipeptit

Trình tự các bộ ba trên mARN là 5’GGX XXG UXG GXX3’.

=> Trình tự các aa tương ứng là Gly-Pro-Ser-Ala.

Chọn đáp án C.

P có 5 kiểu gen dị hợp lại với nhau nên nên F₁ có số kiểu hình là 5.2 = 10 kiểu hình.

Chọn đáp án D.

Cả 4 phát biểu đúng.

F₁ có kiểu gen AaBbDd. Vì vậy, ở F₂:

- Loại cây cao 160 cm (có 3 alen trội) có $\frac{C_6^3}{2^6}=\frac{5}{16}$ có tỉ lệ cao nhất. Vì cây cao 140 cm (có 2 alen trội) có tỉ lệ là $\frac{C_6^2}{2^6}=\frac{15}{64}$ => Cây cao 120 cm (có 1 alen trội) có tỉ lệ là  $\frac{C_6^1}{2^6}=\frac{3}{32}$

- Cây cao 12cm (có 1 alen trội) cho nên sẽ có 3 kiểu gen là Aabbdd, aaBbdd, aabbDd.

- Vì có 3 cặp gen, nên số kiểu hình là 2 × 3 + 1=7 kiểu hình.

(Ở tương tác cộng gộp, nếu tính trạng do n cặp gen quy định thì số kiểu hình là 2n + 1).

Chọn đáp án D.

Cả 4 phát biểu đúng.

F₁ chứa 100% thân cao, hoa đỏ => F₁ dị hợp 2 cặp gen.

Gọi    A là gen quy định thân cao,     a là gen quy định thân thấp (A  a).

          B là gen quy định hoa đỏ,        b là gen quy định hoa trắng (B b).

F₁ tự thụ phấn thu được F₂ có 4 loại kiểu hình, trong đó kiểu hình cây thân thấp, hoa trắng chiếm tỉ lệ 16%. Hoán vị gen ở cả 2 giới với tần số như nhau => $\frac{\underset{¯}{ab}}{ab}=16\%=\mathrm{0,4}\underset{¯}{ab}\times \mathrm{0,4}\underset{¯}{ab}$

=> ab là giao tử liên kết → Tần số hoán vị là 1 – 2 × 0,4 = 0,2 = 20%.

Vận dụng công thức giải nhanh ta có

I. Tần số hoán vị gen ở F1 là 20% => đúng.

II. Ở F₂, kiểu hình thân cao, hoa trắng  $\left(\frac{\underset{¯}{Ab}}{-b}\right)=\mathrm{0,25}-\mathrm{0,16}=\mathrm{0,09}=9\%$ => II đúng.

III. Ở F₂, kiểu hình thân cao, hoa đỏ chiếm tỉ lệ cao nhất và bằng 66% => đúng.

Vì thân cao, hoa đỏ chứa 2 gen trội A và B= 0,5 + 0,16 = 0,66 = 66%.

IV. Tỉ lệ kiểu hình thân cao, hoa trắng bằng tỉ lệ kiểu hình thân thấp, hoa đỏ => đúng.

Vì A-bb = aaB- = 0,25 – 0,16 = 0,09 = 9%.

Chọn đáp án A.

Chỉ có phát biểu I đúng.

II sai vì nếu không có chọn lọc tự nhiên thì tần số tương đối của các alen trong quần thể vẫn có thể bị thay đổi do đột biến, di nhập gen, các yếu tố ngẫu nhiên.

III sai vì nếu không có tác động của các yếu tố ngẫu nhiên thì tính đa dạng di truyền của quần thể vẫn có thể bị thay đổi do đột biến, chọn lọc tự nhiên. Trong đó đột biến có thể làm tăng tính đa dạng di truyền của quần thể, chọn lọc tự nhiên làm giảm đa dạng di truyền của quần thể.

IV sai vì chọn lọc tự nhiên tác động trực tiếp lên kiểu hình chứ không tác động trực tiếp lên kiểu gen.

Chọn đáp án B.

Cả 4 nội dung trên đều đúng

Chọn đáp án A.

Có 2 phát biểu đúng, đó là I và III.

II sai vì nếu rắn bị giảm số lượng thì diều hâu sẽ ăn gà nhiều hơn nên gà thường cũng giảm số lượng.

IV sai. Vì giun đất là động vật ăn mùn bã hữu cơ nên nó là sinh vật phân giải.

Chọn đáp án B.

Các mối quan hệ II, III, IV đều có ít nhất một loài có hại.

I sai vì đây là mối quan hệ hội sinh, trong đó loài cá ép có lợi, loài cá lớn không có lợi cũng không có hại.

Chọn đáp án C.

Có 3 phát biểu đúng, đó là I, III và IV.

Mạch gốc của gen A có                                  3'AXG GXA AXA TAA GGG5'.

=>  Đoạn phân tử mARN là                              5'UGX XGU UGU AUU XXX3'.

I đúng. Từ trình tự nuclêôtit của mARN theo nguyên tắc bổ sung ta suy ra được trình tự các lượt tARN tham gia dịch mã có các anticôđon 3'AXG5', 3'GXA5', 3'AXG5', 3'UAA5', 3'GGG5.

II sai. Nếu gen A bị đột biến thêm cặp G-X ngay trước cặp A-T ở vị trí thứ 12 đoạn mARN được tổng hợp từ đoạn gen nói trên thay đổi thành phần nuclêôtit tại cả côđon thứ 4 và côđon thứ 5.

III đúng. Từ trình tự các côđon trên mARN do gen A phiên mã, ta suy ra được đoạn pôlipeptit do gen A mã hóa có trình tự các axit amin là Cys-Arg–Cys-Ile-Pro.

IV đúng. Nếu gen A bị đột biến thay thế cặp A-T ở vị trí thứ 9 của đoạn ADN nói trên bằng cặp T-A thì làm cho côđon thứ 3 ban đầu là UGU biến thành côđon kết thúc UGA nên không có phức hợp axit amin –tARN tương ứng cho côđon này.

Chọn đáp án B.

Có 2 phát biểu đúng, đó là I và II.

Cho phép lại (P) $\frac{\underset{¯}{AB}}{ab}\frac{\underset{¯}{MNpQ}}{mnpq}\times \frac{\underset{¯}{AB}}{ab}\frac{\underset{¯}{MNpQ}}{mnpq}$, thu được F₁.

Bài toán trở về dạng $\left(\frac{\underset{¯}{AB}}{ab}\times \frac{\underset{¯}{AB}}{ab}\right)\left(\frac{\underset{¯}{MNpQ}}{mnpq}\times \frac{\underset{¯}{MNpQ}}{mnpq}\right)$ phép lai thứ nhất giữa 2 cặp gen dị hợp, phép lai thứ 2 giữa 2 kiểu gen có 3 cặp gen dị hợp.

I đúng vì số loại kiểu gen đồng hợp là 22 × 23 = 32 loại kiểu gen.

II. F1 có tối đa 8 kiểu gen dị hợp về tất cả các cặp gen nói trên " đúng.

Số kiểu gen dị hợp về tất cả các cặp gen là $C_2^2\times 2^{2-1}\times C_3^3\times 2^{3-1}=8$

III. F1 có tối đa 16 kiểu gen dị hợp về 2 cặp gen => sai.

Số loại kiểu gen dị hợp về 2 cặp gen đều nằm ở cặp NST thứ nhất là $C_2^2\times 2^{2-1}=2$

Số loại kiểu gen dị hợp về 2 cặp gen đều nằm ở cặp NST thứ nhất là $C_3^2\times 2^{3-1}=12$

Số loại kiểu gen dị hợp về 1 cặp gen nằm ở cặp NST thứ nhất, 1 cặp gen dị hợp nằm ở cặp thứ 2 là $C_2^1\times 2^{2-1}\times C_3^1\times 2^{3-1}=48$

=> Số loại kiểu gen dị hợp về 2 cặp gen là 2 + 12 + 48 =62 kiểu gen.

IV. F1 có tối đa 36 loại kiểu gen => sai.

Số loại kiểu gen tối đa là $2^2\times \frac{2^2+1}{2}\times 2^3\times \frac{2^3+1}{2}=360$ loại kiểu gen.

Chọn đáp án D.

Có 3 phát biểu đúng, đó là I, II, III.

Phép lai P: Lá nguyên, hoa đỏ (A-B-) × Lá nguyên, hoa trắng (A-bb).

F₁ gồm 4 loại kiểu hình trong đó số cây lá nguyên, hoa đỏ chiếm tỉ lệ 40%

=> P có kiểu gen (Aa, Bb) × (Aa, bb) và A, B liên kết với nhau.

• Aa × Aa tạo ra đời con có 75% lá nguyên; 25% lá xẻ.
• Bb × bb tạo ra đời con có 50% hoa đỏ; 50% hoa trắng.

Vậy, lá nguyên, hoa đỏ (A-B-) = 40% thì lá xẻ, hoa đỏ (aaB-)= 10% => III đúng.

Lá xẻ, hoa đỏ +Lá xẻ, hoa trắng = tỉ lệ của tính trạng lá xẻ = 25%.

=> Lá xẻ, hoa trắng $\left(\frac{ab}{ab}\right)=25\%-10\%=15\%=\mathrm{0,15}$

Ở thế hệ P, cây lá nguyên, hoa trắng có kiểu gen $\frac{Ab}{ab}$ luôn cho 0,5ab và 0,5Ab. $\to \mathrm{0,15}\frac{ab}{ab}=\mathrm{0,5}\underset{¯}{ab}\times \mathrm{0,3}\underset{¯}{ab}$

=> Tần số hoán vị = 1–2 × 0,3 = 0,4. Vậy f = 40% => II đúng.

Cây lá nguyên, hoa trắng thuần chủng $\left(\frac{Ab}{Ab}\right)$ có tỉ lệ = 0,2Ab × 0,5Ab = 10% => I đúng.

Ở F1 ,kiểu hình là nguyên, hoa trắng (A-bb) chỉ có 2 kiểu gen => IV sai.

Chọn đáp án B.

Có 3 phát biểu đúng, đó là I, III và IV.

I đúng vì cây hoa trắng, lá nguyên có tỉ lệ là (1-A-B-)×D- = $\left(1-\frac{1}{2}\times \frac{1}{2}\right)\times \frac{1}{2}=\mathrm{37,5}\%$

(Ở phép lai AaBb × aabb, kiểu hình A-B- ở đời con chiếm tỉ lệ là $\frac{1}{2}\times \frac{1}{2}$

II sai vì F₁ có 1 kiểu gen đồng hợp tử về kiểu hình hoa trắng, lá xẻ thùy, đó là aabbdd.

III đúng vì hoa đỏ, lá xẻ thùy (A-B-dd) ở F₁ có 1 kiểu gen là AaBbdd.

IV đúng vì hoa trắng, lá nguyên có 3 kiểu gen, đó là (Aabb, aaBb, aabb) × (Dd).

Chọn đáp án B.

Có 3 phát biểu đúng, đó là I, II và III. Giải thích:

Loại bài này đề ra rất dài dòng nhưng khi làm, chúng ta phải đọc kỹ và chuyển về kiểu gen cho dễ quan sát.

• F₁ đồng tính chúng tỏ P thuần chủng và F₁ có kiểu gen dị hợp.

Vậy kiểu gen của F₁ là $\frac{BV}{bv}{X}^D{X}^d,\frac{BV}{bv}{X}^{D}Y$. Vì ruồi giấm đực không có hoán vị gen nên đời con của phép lai $\frac{BV}{bv}{X}^D{X}^d\times \frac{BV}{bv}{X}^{D}Y$ có số kiểu gen = 7 × 4 = 28 kiểu gen => I đúng.

• F₁ giao phối tự do, $\frac{BV}{bv}{X}^D{X}^d\times \frac{BV}{bv}{X}^{D}Y$ thu được đời con có 2,5% $\frac{BV}{-v}{X}^D{X}^{-}$ $\frac{BV}{bv}{X}^D{X}^d\times \frac{BV}{bv}{X}^{D}Y=\left(\frac{BV}{bv}\times \frac{BV}{bv}\right)\left(X^D{X}^d\times X^{D}Y\right)$

Mà $X^D{X}^d\times X^{D}Y$ sinh ra X^DX^- với tỉ lệ 1/2 =0,5.

Vậy khi khử X^DX^- thì ta có $\frac{BV}{bv}\times \frac{BV}{bv}$ sinh ra đời con có $\frac{BV}{-v}$ với tỉ lệ là $\frac{\mathrm{2,5}\%}{\mathrm{0,5}}=5\%$

• Sử dụng nguyên lí: A-bb = 0,25 – aabb => Kiểu hình lặn $\frac{bv}{bv}$ = 0,25 - 0,05 = 0,2.
• Ở F₂, kiểu hình thân xám, cánh dài, mắt đỏ (A-B-) × (D-) chiếm tỉ lệ là $\left(\mathrm{0,5}+\mathrm{0,2}\right)\times \frac{3}{4}=\mathrm{0,7}\times \frac{3}{4}=\mathrm{52,5}\%$

  => II đúng.

Ruồi giấm hoán vị gen chỉ có ở cái nên $\mathrm{0,2}\frac{bv}{bv}=\mathrm{0,5}\underset{¯}{bv}\times \mathrm{0,4}\underset{¯}{bv}$

Vậy cơ thể cái F₁ đã sinh ra giao tử bv có tỉ lệ = 0,4.

• Ruồi cái F₁ lai phân tích $\frac{BV}{bv}{X}^D{X}^d\times \frac{bv}{bv}{X}^{D}Y$, loại ruồi cái có thân xám, cánh cụt, mắt đỏ  $\left(\frac{BV}{bv}{X}^D{X}^d\right)$chiếm tỉ lệ $\mathrm{0,1}\frac{Bv}{bv}\times \frac{1}{4}{X}^D{X}^d=\mathrm{0,025}=\mathrm{2,5}\%$=> III đúng.

 (Vì  $\frac{BV}{bv}\times \frac{bv}{bv}$sẽ cho $\mathrm{0,1}\frac{Bv}{bv}$; $X^D{X}^d\times X^{d}Y$sẽ cho $\frac{1}{4}{X}^{D}Y$).

• Ruồi đực F₁ lai phân tích $\frac{BV}{bv}{X}^{D}Y\times \frac{bv}{bv}{X}^D{X}^d$, loại ruồi cái có thân xám, cánh dài, mắt đỏ  $\left(\frac{BV}{bv}{X}^D{X}^d\right)$chiếm tỉ lệ là  $\mathrm{0,4}\frac{Bv}{bv}\times \frac{1}{2}{X}^D{X}^d=\mathrm{0,2}$= 20% => IV sai.

Chọn đáp án C.

Chỉ có phát biểu I đúng.

I. Nếu chỉ có các cá thể cánh đen giao phối ngẫu nhiên thì sẽ thu được đời con có số cá thể cánh xám thuần chủng chiếm tỉ lệ bao nhiêu?

Trong số các cá thể cánh đen của quần thể gồm có 4 kiểu gen là A₁A₁; A₁A₂, A₁A₃, A₁A₄,

Vì vậy, trong số các cá thể cánh đen thì tần số của A₂ là $\frac{\mathrm{0,3}\times \mathrm{0,1}}{\mathrm{0,51}}=\frac{1}{17}$.

=> Nếu cho các cá thể cánh đen giao phối ngẫu nhiên thì ở đời con, cá thể cánh xám thuần chủng (A₂A₂) chiếm tỉ lệ là  ${\left(\frac{1}{17}\right)}^2=\frac{1}{289}$=> đúng.

II. Nếu chỉ có các cá thể cánh đen giao phối ngẫu nhiên thì sẽ thu được đời con có số cá thể cánh đen thuần chủng chiếm tỉ lệ bao nhiêu?

Trong số các cá thể cánh đen của quần thể gồm có 4 kiểu gen là A₁A₁; A₁A₂, A₁A₃, A₁A₄. Vì vậy, trong số các cá thể cánh đen thì tần số của A₁ là $\frac{\mathrm{0,09}+\mathrm{0,03}+\mathrm{0,12}+\mathrm{0,06}}{\mathrm{0,51}}=\frac{10}{17}$

Nếu cho các cá thể cánh đen giao phối ngẫu nhiên thì ở đời con, cá thể cánh đen thuần chủng (A₁A₁) chiếm tỉ lệ là ${\left(\frac{10}{17}\right)}^2=\frac{100}{289}$ => Sai.

III. Nếu loại bỏ toàn bộ các cá thể cánh trắng, sau đó cho các cá thể còn lại giao phối ngẫu nhiên thì sẽ thu được đời con có số cá thể cánh đen thuần chủng chiếm tỉ lệ bao nhiêu?

Khi loại bỏ các cá thể cánh trắng thì quần thể gồm có A₁A₁; A₁A₂, A₁A₃, A₁A_4; A₂A₂; A₂A₃; A₂A₄; A₃A₃; A₃A₄. Vì vậy, trong số các cá thể còn lại thì tần số của A₁ là $\frac{\mathrm{0,3}}{1-\mathrm{0,04}}=\frac{5}{16}$

=> Cá thể cánh đen thuần chủng chiếm tỉ lệ là ${\left(\frac{5}{16}\right)}^2=\frac{25}{256}$ => sai.

IV. Nếu loại bỏ toàn bộ các cá thể cánh xám, sau đó cho các cá thể còn lại giao phối ngẫu nhiên thì sẽ thu được đời con có số cá thể cánh xám thuần chủng chiếm tỉ lệ bao nhiêu?

Khi loại bỏ toàn bộ các cá thể cánh xám thì quần thể còn lại các kiểu gen A₁A₁; A₁A₂, A₁A₃, A₁A_4; A₃A₃; A₃A₄; A₄A₄. Trong số các cá thể còn lại thì tần số của A₂ là $\frac{\mathrm{0,3}\times \mathrm{0,1}}{1-\mathrm{0,13}}=\frac{1}{29}$

=> Cá thể cánh xám thuần chủng chiếm tỉ lệ là  ${\left(\frac{1}{29}\right)}^2=\frac{1}{841}$=> sai.