Đáp án A

Xét từng ý ta có:

(1)  Đột biến mất đoạn chỉ xảy ra đối với NST thường. => Đột biến mất đoạn có thể xảy ra đối với cả NST thường và NST giới tính. => SAI.

(2) Đột biến chuyển đoạn NST là dạng đột biến cấu trúc duy nhất làm thay đổi nhóm gen liên kết. => Các gen cùng tồn tại trên 1 NST tạo thành nhóm gen liên kết. Như vậy nhóm gen liên kết thay đổi có thể là thay đổi số lượng, thành phần hay trật tự sắp xếp các gen trên NST. Do đó, rõ ràng tất cả các đột biến cấu trúc NST đều có thể làm thay đổi nhóm gen liên kết. => SAI.

(3) Đột biến lặp đoạn là dạng đột biến cấu trúc duy nhất làm cho các gen alen cùng nằm trên 1 NST. => ĐÚNG.

(4) Đột biến đảo đoạn không gây hậu quả nghiêm trọng do không làm thay đổi số lượng, cấu trúc của các gen trên NST.

=> Nếu vị trí đứt gãy rơi đúng vào các gen có vai trò quan trọng thì sẽ gây ra hậu quả nghiêm trọng. => SAI.

Vậy chỉ có 1 ý đúng.

Đáp án C

Quy ước:

A: hoa đỏ; a: hoa trắng.

B: thân cao; b: thân thấp.

+) Xét thế hệ P ta có:

Hoa trắng (aa) = 0,24 + 0,08 = 0,32

=> Thân thấp (bb) = 0,08 / 0,32 = 0,25

+) Xét thế hệ ${\mathrm{F}}_1$ta có:

Thân thấp (bb) = 0,203 + 0,147 = 0,35

Thân thấp ở ${\text{F}}_1$được tạo ra từ cây thân thấp và cây thân cao dị hợp ở P.

=> 0,25 + Bb/4 = 0,35

=> Bb = 0,4 => BB = 1-0,25-0,4=0,35

Hoa trắng (aa) = 0,147/0,35 = 0,42

Hoa trắng ở ${\mathrm{F}}_1$được tạo ra từ cây hoa trắng và cât hoa đỏ dị hợp ở P.

=> 0,32 + Aa/4 = 0,42 

=> Aa=0,4 => AA= 1-0,32-0,4=0,28 

=> Tỉ lệ thân cao, hoa đỏ dị hợp

= AABb + AaBB + AaBb

= 0,28.0,4 + 0,4+0,35 + 0,4+0,4 = 0,412

Đáp án C

Tổng số KG đồng hợp = tích số KG đồng hợp từng locut.

Như vậy, ta sẽ chọn để gen có 4 alen và 1 gen có 3 alen cùng nằm trên 1 NST thường, gen còn lại thuộc NST thường kia.

=> Tổng số KG = $\frac{4.3.\left(4.3+1\right)}{2}.\frac{3.\left(3+1\right)}{2}=468$

Tổng số KG đồng hợp = 4.3.3=36

Tổng số KG dị hợp =468-36=432

Đáp án D

Hãy để ý rằng quần thể ban đầu chưa biết tỉ lệ KG của các cây hoa đỏ nên không chắc chắn được quần thể ban đầu này đã cân bằng hay chưa. Do đó, mọi khẳng định chắc chắn từ quần thể này đều chưa chính xác.

Đáp án A

Bản thân các tế bào chế tiết các enzim cũng chứa protein. Do đó, khi các enzim được tiết ra dưới dạng tiền hoạt động thì sẽ bảo vệ các tế bào này.

Đáp án C

Giai đoạn trưởng thành của sâu bướm là bướm.

Đáp án B

Để có tỉ lệ KH 1:1:1:1 và không có sự phân ly KH về giới tính ta xét các cặp NST giới tính.

Xét 4 đáp án thì chỉ có đáp án B là phù hợp.

Đáp án B

Cùng xem lại lý thuyết về quá trình tái bản ADN.

Thấy rằng chỉ có 2 yếu tố không tham gia đó là riboxom và restrictase.

Riboxom chỉ tham gia vào quá trình dịch mã.

Restrictase là enzim cắt giới hạn được sử dụng trong công nghệ ADN.

Đáp án B

Để vào hệ thống mạch dẫn thì nước và các chất hòa tan phải đi qua lớp nội bì mang vành đai caspari.

Đáp án C

Quy ước: B: bình thường; b: bị bệnh.

Dễ dàng người chồng ở thế hệ II sẽ có KG dị hợp về tính trạng bệnh (Bb).

Tuy nhiên, KG của người chồng này thì chưa thể xác định được nên sẽ phải xét 2 trường hợp.

TH1: Người chồng thế hệ II có KG A3B//A4b

Ta có phép lai:

II1 x II2: A1b//A2b x  A3B//A4b

Như vậy, người chồng sẽ cho 4 loại giao tử trong đó: A3B; A4b là 2 giao tử liên kết và A3b; A4B là 2 giao tử hoán vị.

=> Các cá thể đời con tọa thành có sự tham gia của giao tử hoán vị là A1A3 bị bệnh và A2A4 bình thường.

=> Tần số tái tổ hợp = 2/7$\approx$0,2875.

TH2: Người chồng có thế hệ II có KG A3b//A4B

Ta có phép lai:

II1 x II2: A1b//A2b x A3b//A4B

Như vậy, người chồng sẽ cho 4 loại giao tử trong đó: A3b; A4B là 2 giao tử liên kết và A3B; A4b là 2 giao tử hoán vị.

=> Các cá thể đời con tọa thành có sự tham gia của giao tử hoán vị là tất cả trừ A1A3 bị bệnh và A2A4 bình thường.

=> Tần số tái tổ hợp = 5/7 $\approx$0,7143.

Rõ ràng tần số tái tổ hợp thường nhỏ hơn 50%. Do đó, ta sẽ chấp nhận TH1.

Đáp án C

${\mathrm{F}}_1$ lai với cây đồng hợp lặn tạo 4 tổ hợp

=> ${\mathrm{F}}_1$ dị hợp 2 cặp gen, ${\mathrm{F}}_1$ toàn quả dẹt và chiếm 1/4 trong phép lai phân tích.

=> P thuần chủng, tính trạng do 2 cặp gen không alen tương tác bổ trợ.

Quy ước: A–B–: quả dẹt

                aabb: quả bầu dục

                A–bb: quả tròn

                aaB–: quả tròn.

=> ${\mathrm{F}}_1$: AaBb.

=> ${\mathrm{F}}_2$: 9 A–B–: 3A–bb: 3aaB–: 1aabb.

Các cây quả tròn ở ${\mathrm{F}}_2$ có: 1AAbb: 2Aabb: 1aaBB: 2aaBb

Khi đem các cây quả tròn ở ${\mathrm{F}}_2$ ngẫu phối thì lúc này ta coi như một quần thể mới ngẫu phối qua các thế hệ. Ta cần biết rằng lúc này quần thể sẽ không cân bằng qua 1 hay 2 thế hệ ngẫu phối mà phải qua nhiều thế hệ. Như vậy đến thế hệ F₅ thì tức là quần thể này đã trải qua 3 thế hệ ngẫu phối.

Đến đây ta có 2 cách để giải quyết bài tập này:

-  Cách 1: Viết lần lượt CTDT qua các thế hệ, tuy nhiên như vậy sẽ rất tốn thời gian và dễ tính toán sai nên cách này gần như bất khả thi.

-  Cách 2: Ta sẽ dùng đến biến số bất định R. Biến số bất định là hiệu số giữa tích giao tử đồng và giao tử đối.

Ta có: 1AAbb: 2Aabb: 1aaBB: 2aaBb => Cho giao tử: 1/3Ab: 1/3aB: 1/3ab

=> R=AB.ab-Ab.aB=0,1/3-1/3.1/3=-1/9.

Như vậy, ở thế hệ ${\mathrm{F}}_5$ tức là qua 3 thế hệ ta cần cộng thêm 1 lượng vào giao tử đồng và bớt đi lượng tương ứng vào giao tử đối. Ta cần tìm tỉ lệ cây bầu dục (aabb) nghĩa là ta chỉ cần tìm tỉ lệ giao tử ab ở F₄ tạo ra.

=> ab= 1/3 + 1/9.$\left[1-{(1/2)}^2\right] = 5/12$.

=> aabb = ${\left(5/12\right)}^2$ = 25/144 $\approx$0,1736.

Đáp án D

Do đây là 1 tế bào sinh tinh nên khi có đột biến thì sẽ luôn cho 4 loại giao tử khác nhau.

Do đột biến xảy ra ở kì sau giảm phân I nên cả 4 giao tử tạo ra sẽ đều là giao tử đột biến.

KG của tế bào này theo lý thuyết có thể tạo ra tối đa 8 loại giao tử khác nhau nếu có xảy ra đột biến.

Đáp án C

Trong mạch rây chứa đường saccarose được vận chuyển từ lá đến cơ quan dự trữ.

Đáp án D

Ở gà con cái là XY, con đực là XX.

${\mathrm{F}}_1$ đồng loạt lông xám.

${\mathrm{F}}_2$ có tỉ lệ 3 xám: 1 đen.

=> lông xám là trội hoàn toàn so với lông đen.

Tính trạng phân ly không đồng đều ở 2 giới nên gen quy định tính trạng liên kết với NST giới tính.

Xét thấy ở ${\mathrm{F}}_2$ tính trạng lặn biểu hiện ở giới XX.

=> Gen quy định tính trạng nằm trên vùng tương đồng của X và Y.

Ta có sơ đồ lai:

P:      X^aX^a x X^AY^A

${\mathrm{F}}_1$:     X^AX^a: X^aY^A

${\mathrm{F}}_2$: 1X^AX^a: 1X^aX^a: 1X^AY^A: 1X^aY^A

Gà trống ${\mathrm{F}}_2$ có 2 kiểu gen khác nhau.

Đáp án A

P là thành phần quan trọng của Nucleotit. Do đó, khi thiếu P thì cây sẽ không tổng hợp được axit nucleic (ADN, ARN).

Đáp án A

Chuỗi vận chuyển điện tử nằm ở trên màng tilacoit. Do đó, sự photphorin hóa ADP xảy ra trên màng tilacoit.

Đáp án C

Đáp án B

Tái phân cực là do kênh K⁺ mở, K⁺ khuếch tán từ trong tế bào ra ngoài lập lại điện thế âm trong màng.

Đáp án D

Áp suất ngăn cản sự lọc ở cầu thận nghĩa là ngăn cản dịch không đi từ lòng mạch ra khoang Bowman.

Áp suất keo huyết tương giữ nước trong lòng mạch còn áp suất thủy tĩnh trong nang Bowman đẩy nước vào lòng mạch.

Đáp án B

Cua, tôm là giáp xác ngành động vật không xương sống. Chúng có hệ tuần hoàn hở.

Đáp án A

Gọi tần số hoán vị gen là 2x => tỉ lệ ab//ab = x.(0,5-x)

Dễ dàng thấy rằng luôn có $2x\le 0,5$ => $x\le 0,25$ => x.(0,5-x)$\le$0,0625.

Như vậy chỉ có đáp án A phù hợp.

Đáp án B

${\mathrm{F}}_1$ có KG dị hợp về 4 cặp $\left({\mathrm{a}}^{+}{\mathrm{ab}}^{+}{\mathrm{bc}}^{+}{\mathrm{cd}}^{+}\mathrm{d}\right)$.

Cây có màu nâu có KG ${\mathrm{a}}^{+}-{\mathrm{b}}^{+}-{\mathrm{c}}^{+}-\mathrm{dd}$.

Cây có màu đen có KG ${\mathrm{a}}^{+}-{\mathrm{b}}^{+}-{\mathrm{c}}^{+}-{\mathrm{d}}^{+}-$.

=> Tỉ lệ cây có màu ở ${\mathrm{F}}_2$ = 3/4.3/4.3/4.3/4 + 3/4.3/4.3/4.1/4 = 27/64.

=> Tỉ lệ cây không màu ở ${\mathrm{F}}_2$ = 1-27/64 =37/64.

Tỉ lệ cây có màu nâu ở ${\mathrm{F}}_2$ = 3/4.3/4.3/4.3/4 = 27/256.

Đáp án A

Ruồi thân đen, cánh cụt, mắt trắng ở ${\mathrm{F}}_1$ có KG là ab//ab${\mathrm{X}}^{\mathrm{d}}\mathrm{Y}$.

Ta thấy ${\mathrm{X}}^{\mathrm{d}}\mathrm{Y}$ có tỉ lệ 25% ở ${\mathrm{F}}_1$.

=> ab/ab = 0,05/0,25 = 0,2.

Ruồi giấm hoán vị gen chỉ xảy ra ở con cái.

=> 0,2ab//ab = 0,4ab x 0,5ab

=> Tần số HVG ở con cái = (0,5-0,4).2=0,2.

Đáp án A

Tỉ lệ KH ở ${\mathrm{F}}_1$ là 9A–B–: 3A–bb: 3aaB–: 1aabb.

Cây thân cao, hoa trắng (A–bb) có tỉ lệ 1AAbb: 2Aabb

Cây thân thấp, hoa đỏ (aaB–) có tỉ lệ 1aaBB: 2aaBb

Đem giao phấn ngẫu nhiên ta sẽ có tỉ lệ các KG có thẻ được chọn là

1/6AAbb: 2/6Aabb: 1/6aaBB: 2/6aaBb.

=> Tỉ lệ giao tử là 1/3Ab: 1/3aB: 1/3ab.

=> Tỉ lệ cây thân cao, hoa trắng (A–bb) = 2.(1/3.1/3) = 2/9.

Đáp án D

Tỉ lệ KH 3:1 tức là tạo ra 4 tổ hợp. Khi đó có 3 khả năng:

TH1: 3 đỏ: 1 trắng.

Dó có 2 gen nên ta phân tích thành tỉ lệ của 2 cặp gen

=> 3:1= (3:1).1

Chắc chắn phải chọn tỉ lệ 3:1 là gen B/b còn tỉ lệ 1 là gen A/a.

=> Ta có gen B/b có 1 phép lai duy nhất phù hợp là Bb x Bb.

Để có thể xuất hiện hoa đỏ thì chắc chắn cây phải có KG aa.

=> Ta có gen A/a có 1 phép lai duy nhất phù hợp là aa x aa.

Như vậy trường hợp này chỉ có duy nhất 1 phép lai thỏa mãn.

TH2: 3 trắng: 1 đỏ.

Dó có 2 gen nên ta phân tích thành tỉ lệ của 2 cặp gen

=> 3:1= (3:1).1

Ở đây ta cần chọn tỉ lệ 3:1 là gen A/a còn tỉ lệ 1 là gen B/b.

=> Ta có gen A/a có 1 phép lai duy nhất phù hợp là Aa x Aa.

Để có thể xuất hiện hoa đỏ thì chắc chắn cây phải có KG B–.

=> Có thể có 3 phép lai về gen B/b là BB x BB; BB x Bb; BB x bb.

Như vậy trường hợp này cho 3 phép lai phù hợp.

TH3: 3 trắng: 1 đỏ.

Ta sẽ phân tích thành tổ hợp của 2 tỉ lệ KG là (1:1). (1:1)

Khi đó ta sẽ có 1 phép lai ở mỗi gen là Aa x aa và Bb x bb.

Sự kết hợp của 2 phép lai trên sẽ tạo ra 2 phép lai quy đổi.

Tổng có 6 phép lai phù hợp.

Đáp án D

P có KG dị hợp là AaBbDd.

Khi tự thụ sẽ cho đời con có tỉ lệ các KG là:

aabbdd = 1/4.1/4.1/4 = 1/64;

AabbDd =1/2.1/4.1/2 = 1/16.

=> Số cây có KG AabbDd gấp 4 lần số cây aabbdd.

=> Số cây có KG AabbDd = 125.4 = 500.

Đáp án B

Xét từng ý ta có:

(1) Đacuyn cho rằng cá thể là đơn vị của loài mà ông dường như đã bỏ qua quần thể. Do đó, với Đacuyn CLTN tác động vào cá thể thông qua đó dần hình thành nên loài mới thích nghi. => SAI.

(2) Bằng chứng sinh học phân tử là bằng chứng tiến hóa gián tiếp chứ không phải trực tiếp. => SAI.

(3) Với quần thể nhỏ thì các yếu tố ngẫu nhiên tác động có thể loại bỏ 1 alen bất kỳ. => ĐÚNG.

(4) Khi oxy xuất hiện đã gây độc cho hầu hết các loài sinh vật kị khí đang sống lúc bấy giờ dẫn đến diệt vong rất nhiều loài sinh vật. => ĐÚNG.

Vậy có 2 ý đúng.

Đáp án A

Sự phân bố cá thể trong quần thể phụ thuộc vào môi trường sống. Với con người còn là nhu cầu sống quần tụ.

Đáp án C

Vi khuẩn phản nitrat biến đổi nitrat NO₃- thành nitơ phân tử N₂ trả lại môi trường.

Đáp án C

Sự phát sinh sự sống được bắt đầu từ giai đoạn tiến hóa hóa học hình thành các phân tử hữu cơ là tiền đề tạo thành tế bào sống đầu tiên trong giai đoạn tiến hóa tiền sinh học.

Đáp án B

Xét từng ý ta có:

(1) Cả đột biến gen lẫn đột biến NST đều có thể hình thành nên loài mới. Trong đó, hình thành loài mới chủ yếu là sự tích lũy của các đột biến gen.=> SAI.

(2) Hai loài trong tự nhiên không giao phối nhưng khi nhốt chung vẫn có khả năng giao phối sinh ra con lai hữu thụ có nghĩa rằng trong tự nhiên chúng cách ly tập tính. Cách ly tập tính thuộc cách ly trước hợp tử.=> ĐÚNG.

(3) Cách ly địa lý không phải nhân tố tiến hóa nhưng giúp duy trì sự khác biệt về vốn gen giữa các quần thể được tạo ra nhờ các nhân tố tiến hóa qua đó thúc đẩy hình thành loài mới.=> SAI.

(4) Đảo đại dương là đảo khi mới thành lập chưa có sinh vật sinh sống. Nhờ các yếu tố ngẫu nhiên mà 1 số cá thể đến đây sống sót, tiếp tục chịu tác động của các nhân tố tiến hóa khác cuối cùng có thể hình thành nên loài mới. Đây là hiệu ứng kẻ sáng lập của các yếu tố ngẫu nhiên.=> ĐÚNG.

Vậy có 2 ý đúng.

Đáp án C

Đảo càng lớn thì sẽ có nguồn sống và nơi đa dạng hơn cho các loài.

Đảo càng gần đất liền thì khả năng các cá thể có khả năng di cư tới đây càng cao, tăng khả năng hình thành loài mới.

Đáp án C

Chỉ có thông tin số (2) và (3) là phù hợp với diễn thế nguyên sinh.

Đáp án D

Trong quần xã có thể cùng tồn tại cả 2 chuỗi thức ăn. Tuy nhiên, tùy thuộc vào mỗi giai đoạn mà loại chuỗi thức ăn nào sẽ chiếm ưu thế.

Đáp án B

Các ý không đúng về tiến hóa nhỏ là 3, 5 và 6.

Đáp án D

Chỉ có rêu bám trên cây có khả năng sinh ra chất hữu cơ từ chất vô cơ.

Đáp án C

Đáp án D

Đấu tranh cùng loài xảy ra khi cạn kiệt nguồn sống hoặc nơi ở trật hẹp. Điều này sẽ diễn ra khi số lượng cá thể tăng quá cao.

Đáp án A

Quần thể có sức mang thấp thì khi môi trường thay đổi rất dễ dẫn đến vòng xoáy tuyệt chủng.

Đáp án D

Các thành tựu do ứng dụng của kỹ thuật chuyển gen là:

(1) Tạo chủng vi khuẩn E. Coli sản xuất insulin của con người.

(3) Tạo ra giống bông và đậu tương mang gen kháng thuốc diệt cỏ của thuốc lá cảnh Petunia.

(5) Tạo ra cừu sản xuất sữa có chứa protein của người.