Đáp án A

Cây P có kiểu gen là AaBb tự thụ phấn tạo ra F1.

Tỉ lệ đồng hợp là:

AABB + AAbb + aaBB + aabb = $\frac{4}{16}$.

Nội dung 1 sai.

Các cây thân cao, hoa đỏ ở F1 là:

4AaBb : 2AABb : 2AaBB : 1AABB.

Xác suất lấy một cây thân cao, hoa đỏ ở F1 tự thụ phấn thu được F2 thân cao hoa đỏ là:

.

Nội dung 2 đúng.

Chọn ngẫu nhiên 2 cây thân cao, hoa đỏ ở thế hệ F1 cho giao phấn với nhau. Xác suất thu được cây thân thấp hoa trắng ở thế hệ F2 là :

.

Nội dung 3 đúng.

Các cây thân cao, hoa trắng ở F1:

1AAbb : 2Aabb; thân thấp, hoa đỏ: 1aaBB : 2aaBb.

 Chọn ngẫu nhiên một cây thân cao, hoa trắng và một cây thân thấp, hoa đỏ ở thế hệ F1 cho giao phấn với nhau. Xác suất thu được cây thân cao, hoa đỏ ở thế hệ F2 là:

.  

Nội dung 4 sai.

Vậy có 2 nội dung đúng.

Đáp án C

Vì hoán vị gen xảy ra giữa A và a nên trong giảm phân I ABaB và abAb là các NST kép đi về 2 cực tế bào.

Nếu ở giảm phân I ABaB cùng đi về 1 phía với X^D thì abAb cùng đi về 1 phía với X^dtạo thành 4 loại giao tử là:

ABX^D, AbX^d, aBX^D, abX^d

Nếu ở giảm phân I ABaB cùng đi về 1 phía với X^d thì abAb cùng đi về 1 phía với X^Dtạo thành 4 loại giao tử là:

ABX^d, AbX^D, aBX^d, abX^D.

Đáp án C

Các gen quy định màu hoa và sự chín sớm thuộc NST thường

P F1 gồm 4 kiều hình trong đó đỏ sớm = 45% → vậy 2 gen quy định 2 tt này thuộc cùng 1 NST liên kết với nhau ko hoàn toàn.

Các phép lai có thể thỏa mãn:

AB//ab × ab//ab; f = 0,1 (do GAB = 0,45 -> G hoán vị = 0,05 -> f = 0,1)

hoặc AB//ab × Ab//ab; f = 0,2.

hoặc AB//ab × aB//ab; f = 0,2.

Đáp án C

Theo bài ra ta có:

P: $\frac{AB}{AB}\times \frac{ab}{ab}$

$\to F_1: \frac{AB}{ab}$

Cho F1 giao phối với con đực  cánh nguyên rộng A_B_ có thể có kiểu gen là: AB

Các gen liên kết hoàn toàn, vậy các kiểu gen có thể xuất hiện ở đời F2 là: AB/AB, AB/ab.

Vậy chỉ có (5) và (6) thỏa mãn.

Đáp án B

Loài cơ thể tự thụ phấn nghiêm ngặt có kg Aa BD//bd.

để gp bình thường cơ thể có 1 cách sắp xếp các NST trên MPXD nên có thể tạo 2 loại G: A BD và a bd

để cơ thể trên tự thụ phấn ta có:

(A BD : a bd × (A BD : a bd)

Đời con có kg: AA BD//BD và aa bd//bd và Aa BD//bd hoặc AA bd//bd và Aa BD//bd và aa BD//BD.

Đáp án A

Nội dung quy luật phân ly (bằng thuật ngữ di truyền học hiện đại): Mỗi tính trạng do một cặp alen quy định, một có nguồn gốc từ bố, một có nguồn gốc từ mẹ. Các alen của bố và mẹ tồn tại trong tế bào  của cơ thể con một cách riêng rẽ, không hòa trộn vào nhau. Khi hình thành giao tử, các thành viên của một cặp alen phân li đồng đều về các giao tử, nên 50% số giao tử chứa alen này và còn 50% giao tử chứa alen kia

Đáp án B

Các nhân tố nói trên có thể làm giảm tính đa dạng di truyền của quần thể là: (1), (3), (4), (6).

Đáp án D

Sự linh hoạt trong hoạt động chức năng của ADN được đảm bảo bởi tính yếu của các liên kết hidro. Các liên kết hidro yếu có thể dễ dàng tách 2 mạch ra để thực hiện các chức năng sinh học(nhân đôi, phiên mã)

Đáp án D

Gen có A/G = 1/2 và 2A + 3G = 4800

→ A = 600; G = X = 1200

→ Số Nu của gen là: 2. (600 + 1200) = 3600

Gen bị đột biến có khối lượng 108 . 10^4

→ Số Nu của gen là:(108.10^4)/300 = 3600 Nu

→ Như vậy, đột biến không làm thay đổi số Nu của gen

→ Đột biến liên quan đến 1 cặp gen, mà số liên kết hidro tăng 1

→ Đột biến thay thế 1 cặp A-T bằng G -X

Vậy sau đột biến: A = T = 600 - 1 = 599

G = X = 1200 + 1 = 1201

Đáp án C

Màu sắc hạt do Aa quy định và trội hoàn toàn. Chiều ao do Bb và Dd quy định.

F1 tự thụ phấn

→ tỷ lệ hạt đỏ : hạt trắng = 3 :1

→ dị hợp Aa × Aa

Tỷ lệ cây cao/cây thấp = 9/7

→ BbDd × BbDd

→ tương tác bổ sung. F2 có 16 tổ hợp

→ F1 tạo 4 loại giao tử

→ loại A

F1 dị hợp 3 cặp gen tự thụ nhưng F2 chỉ có 16 tổ hợp

→ Liên kết gen.

Chiều cao cây chịu sự chi phối của cả 2 cặp gen Bb và Dd

→ Vai trò của B và D là ngang nhau.

Aa liên kết với Bb hoặc Aa liên kết với Dd

→ Đáp án: B, C loại

Đáp án C

Ở gà, gà mái là XX và gà trống là XY. Nội dung 3 sai.

Tỉ lệ phân li kiểu hình là: Lông vằn : lông không vằn = 3 : 1

⇒ Lông vằn trội hoàn toàn so với lông không vằn. Nội dung 1 đúng.

Mặt khác, tỉ lệ kiểu hình phân li không đều ở 2 giới, lông không vằn toàn gà mái nên tính trạng do gen nằm trên X không có alen tương ứng trên Y quy định. Nội dung 2 sai.

Kiểu gen của gà F1 là: X^AX^a × X^AY.

F2: (1X^AX^A : 1X^AX^a) × (1X^AY : 1X^aY).

Cho F2 lai ngẫu nhiên với nhau, tỉ lệ lông không vằn tạo ra là: $\frac{1}{4}\times \frac{3}{4}=\frac{3}{16}$.

Tỉ lệ phân li kiểu hình là: 13 lông vằn : 3 lông không vằn. Nội dung 4 đúng.

Vậy có 2 nội dung đúng.

Đáp án A

Cơ quan tương đồng là cơ quan nằm ở vị trí tương ứng trên cơ thể, có nguồn gốc chung trong quá trình phát triển phôi. Do vậy Kiểu cấu tạo giống nhau của các cơ quan tương đồng phản ánh nguồn gốc chung của chúng trong quá trình phát triển phôi.

Phản ánh tiến hóa đồng quy là ý nghĩa của cơ quan tương tự chứ không phải cơ quan tương đồng.

Sự tiến hóa theo hướng tiêu giảm về cấu tạo và chức năng chỉ xảy ra ở 1 số sinh vật đặc biệt, do chúng sống trong điều kiện đặc biệt. Cơ quan tương đồng không có ý nghĩa này.

Sự phát triển cá thể là sự rút gọn sự phát triển của loài là ý nghĩa của quy luật phát sinh sinh vật chứ không phải cơ quan tương đồng.

Đáp án A

Loài bông trồng ở Mĩ có bộ NST 2n = 52 gồm 26 NST lớn và 26 NST nhỏ. Loài bông châu Âu có bộ NST 2n = 26 gồm toàn NST lớn. Loài bông hoang dại ở Mĩ có bộ NST 2n = 26 gồm toàn NST bé. Loài bông trồng ở Mĩ được hình thành bằng con đường lai xa và đa bội hóa.

P: bông châu Âu (26 NST lớn) x bông hoang dại ở Mĩ (26 NST bé)

GP: 13 NST lớn

13 NST bé

F1: 26 NST (13 NST lớn + 13 NST bé) đa bội tạo thành 52 NST gồm 26 NST lớn và 26 NST nhỏ

Đáp án C

Để xác định tuổi của hoá thạch có tuổi khoảng 50 000 năm thì người ta sử dụng phương pháp phân tích Xác định đồng vị phóng xạ cácbon 14 có trong mẫu hoá thạch

→ chọn đáp án B.

Cacbon 14 có thời gian bán rã khoảng 5730 năm, vì vậy phân tích hàm lượng 14C trong hóa thạch người ta có thể xác định được tuổi của hóa thạch lên tới 75000 năm. Nếu phân tích urani 238 với thời gian bán rã khoảng 4,5 tỉ năm thì chúng ta có thể xác định được tuổi hóa thạch có độ tuổi hàng trăm triệu năm, thậm chí hàng tỉ năm.

Đáp án D

Trong các phát biểu trên, phát biểu B sai vì phân bố theo nhóm rất thường gặp trong thiên nhiên khi môi trường không đồng nhất và các cá thể có khuynh hướng tụ tập lại với nhau thành nhóm hay thành những điểm tập trung. Đây là hình thức phân bố phổ biến trong tự nhiên.

Đáp án B

Loại diễn thế xảy ra trên môi trường không có quần xã hay có số sinh vật không đáng kể được gọi là diễn thế nguyên sinh.

Diễn thế nguyên sinh là diễn thế khởi đầu từ môi trường chưa có sinh vật.

Những diễn thế còn lại đều khởi đầu từ môi trường đã có sinh vật sinh sống.

Biến đổi nguyên thủy không thuộc diễn thế.

Đáp án C

Trường hợp giảm phân và thụ tinh bình thường, một gen quy định 1 tính trạng trội hoàn toàn.

Phép lai: $\frac{AB}{ab}$DdEe x $\frac{AB}{ab}$DdEe tỷ lệ kiểu gen mang 4 alen trội và 4 alen lặn ở đời con.

Tách riêng từng phép lai: $\frac{AB}{ab}$x$\frac{AB}{ab}$ và DdEe x DdEe.

Con có kiểu gen có 4 trội, 4 lặn

→ có các trường hợp sau:

+ 4 alen trội phép lai 1 và 4 alen lặn phép lai 2:

$\frac{1}{4}\times \frac{1}{16}=\frac{1}{64}$

+ 4 alen lặn phép lai 1 và 4 alen lặn phép lai 2: 

$\frac{1}{4}\times \frac{1}{16}=\frac{1}{64}$

+ 2 alen trội phép lai 1 + 2 alen trội phép lai 2: 

$\frac{1}{2}\times \frac{6}{16}=\frac{1}{64}$

Tỷ lệ con mang 4 alen trội và 4 alen lặn là:

$\frac{1}{64}+\frac{1}{64}+\frac{6}{32}=\frac{7}{32}$

Đáp án C

Định luật Hacdi - Vanbec phản ánh trạng thái cân bằng di truyền trong quần thể.

Quần thể ngẫu phối cân bằng di truyền sẽ tuân theo công thức: p² + 2pq + q² = 1.

Định luật Hacdi Vanbec giúp giải thích vì sao trong thiên nhiên có những quần thể ổn định qua thời gian dài.

Từ công thức p² + 2pq + q² = 1. có thể từ tỷ lệ kiểu hình suy ra tỷ lệ kiểu gen và tần số các alen của quần thể.

Đáp án D

Đáp án A

Các phát biểu đúng khi nói về mối quan hệ giữa các loài trong quần xã là: (2), (3), (4).

(1) sai vì mối quan hệ vật ăn thịt – con mồi thúc đẩy sự tiến hóa của cả vật ăn thịt và con mồi.

Đáp án D

Nhận định 1, 2, 4, 5 đúng.

Đáp án C

Thành phần của dịch mạch rây: Chủ yếu là đường saccarozơ (chiếm 95%) và các chất khác như: các axít amin, hoocmon thực vật, một số hợp chất hữu cơ khác (như ATP), một số ion khoáng được sử dụng lại, đặc biệt rất nhiều kali.

Đáp án A

Quá trình hô hấp hiếu khí và hô hấp kị khí (lên men) đều tạo năng lượng nhưng khác nhau ở sản phẩm cuối cùng và giá trị năng lượng thu được.

Hô hấp hiếu khí là quá trình ôxi hóa các phân tử hữu cơ, mà chất nhận electron cuối cùng là ôxi phân tử ở vi sinh vật nhân thực, chuỗi chuyền êlectron ở màng trong ti thể, còn ở vi sinh vật nhân sơ diễn ra ngay trên màng sinh chất.

Sản phẩm cuối cùng của quá trình phân giải đường là CO₂ và H₂O. Ở vi khuẩn, khi phân giải một phân tử glucôzơ tế bào tích lũy được 38 ATP, tức là chiếm 40% năng lượng của phân tử glucôzơ. Có một số vi sinh vật hiếu khí, khi môi trường thiếu một số nguyên tố vi lượng làm rối loạn trao đổi chất ờ giai đoạn kế tiếp với chu trình Crep. Như vậy, loại vi sinh vật này thực hiện hô hấp không hoàn toàn.

Hô hấp kị khí là quá trình phân giải cacbohiđrat để thu năng lượng cho tế bào, chất nhận êlectron cuối cùng của chuỗi chuyền electron là một phân tử vô cơ không phải là ôxi phân tử. Ví dụ chất nhận electron cuối cùng là NO₃^-  trong hô hấp nitrat, là SO₄^2- trong hô hấp sunphat.

Đáp án C

Rối loạn phân ly ở GPI thì sẽ tạo ra các loại G là XY và O.

Rối loạn phân ly ở GPII thì sẽ tạo ra các lọai G là XX YY và O

Còn các tế bào bình thường khác sẽ tạo ra 2 loại G là X và Y.

Đáp án B

I. ABbDdEeHh → thể một (2n – 1)

II. AaaBbDdEeHh → thể ba (2n +1)

III. AaBbDEeHh → thể một (2n – 1)

IV. AaBbDdEeHh → Bình thường, lưỡng bội (2n)

V. AaBbDdEeHhh → thể ba (2n + 1)

VI. AaBbDdEeh → thể một (2n – 1).

→ I, III, VI là thể một.

Đáp án A

Trong các kết luận trên, vùng khởi đầu nằm ở đầu gen mang tín hiệu khởi đầu và kiểm soát quá trình phiên mã chứ không phải mang tín hiệu khởi đầu và kiểm soát quá trình dịch mã.

Đáp án C

Xét các phát biểu của đề bài:

(1) sai vì trong vùng nhiệt đới có nhiều khu sinh học khác nhau: Rừng mưa nhiệt đới, savan, hoang mạc, sa mạc. Các khu sinh học này có cấu trúc phân tầng và số lượng tầng khác nhau.

(2) đúng. Phân tầng làm phân li ổ sinh thái, giảm nhẹ sự cạnh tranh và tăng khả năng khai thác nguồn sống của môi trường.

(3) sai vì các khu sinh học khác nhau có cấu trúc phân tầng và sự phân tầng khác nhau.

(4) đúng. Khi đi từ vùng cực đến vùng xích đạo thì độ đa dạng tăng lên, sự phân tầng ngày càng sâu sắc, ổ sinh thái ngày càng thu hẹp lại.

Vậy có 2 nội dung đúng là: 2, 4.

Đáp án A

- Hô hấp tiêu hao chất hữu cơ của đối tượng bảo quản, do đó làm giảm số lượng và chất lượng trong quá trình bảo quản.

- Hô hấp làm tăng nhiệt độ trong môi trường bảo quản, do đó làm tăng cường độ hô hấp của đối tượng bảo quản.

- Hô hấp làm tăng độ ẩm của đối tượng bảo quản, do đó làm tăng cường độ hô hấp của đối tượng bảo quản.

 Các biện pháp bảo quản

Để giảm cường độ hô hấp đến mức tối thiểu (không giảm đến 0 vì đối tượng bảo quản sẽ chết) người ta thường sử dụng ba biện pháp bảo quản sau đây:

III. Bảo quản khô

Biện pháp bảo quản này thường sử dụng để bảo quản các loại hạt trong các kho lớn. Trước khi đưa hạt vào kho, hạt được phơi khô với độ ẩm khoảng 13 – 16% tuỳ theo từng loại hạt.

IV. Bảo quản lạnh

Phần lớn các loại thực phẩm, rau quả được bảo quản bằng phương pháp này. Chúng được giữ trong các kho lạnh, tủ lạnh ở các ngăn có nhiệt độ khác nhau. Ví dụ: khoai tây ở , cải bắp ở , cam chanh ở , các loại rau khác là

I. Bảo quản trong điều kiện nồng độ CO2 cao

Đây là biện pháp bảo quản hiện đại và cho hiệu quả bảo quản cao. Biện pháp này thường sử dụng các kho kín có nồng độ cao hoặc đơn giản hơn là các túi pôliêtilen. Tuy nhiên, việc xác định nồng độ thích hợp (không thấp quá vì không tác dụng, không quá cao vì ức chế hoàn toàn hô hấp) là điều hết sức quan trọng đối với các đối tượng bảo quản và mục đích bảo quản.

II - Sai. Vì phương pháp này gây độc cho nông sản.

V sai vì khi nồng độ O2 tăng thì hô hấp tăng.

Đáp án D

I – Sai. Vì ở chim ăn hạt và gia cầm, sự biến đổi cơ học có tầm quan trọng, nhưng quan trọng hơn là tiêu hóa hóa học ở ruột non. Khi ăn chúng nuốt ngay thức ăn, đưa đầy diều và tiêu hóa dần. Diều không có dịch tiêu hóa, chỉ có dịch nhày làm trơn và mềm thức ăn, giúp sự tiêu hóa dễ dàng hơn tại ruột non.

II - Đúng. Vì dạ dày cơ biến đổi cơ học, còn dạ dày tuyến có vai trò biến đổi hóa học về thức ăn của chim ăn hạt và gia cầm.

III - Sai. Vì ở ruột chứa nhiều enzim tiêu hóa đầy đủ các chất lipit, protein, gluxit...

→ Quá trình tiêu hóa ở ruột non quan trọng hơn ở dạ dày (mề)

IV - Đúng.

Đáp án C

Dòng năng lượng trong hệ sinh thái:

Sinh vật đóng vai trò quan trọng nhất trong việc truyền năng lượng từ môi trường vô sinh vào chu trình dinh dưỡng là các sinh vật phân giải như vi khuẩn, nấm.

→ Sai, SV truyền năng lượng từ môi trường vô sinh vào môi trường SV là SV sản xuất.

Trong hệ sinh thái, năng lượng được truyền một chiều từ vi sinh vật qua các bậc dinh dưỡng tới sinh vật sản xuất rồi trở lại môi trường→ Sai, NL được truyền từ SV sản xuất tới SV tiêu thụ rồi tới SV phân giải và trở lại MT.

Ở mỗi bậc dinh dưỡng, phần lớn năng lượng bị tiêu hao qua hô hấp, tạo nhiệt, chất thải,... chỉ có khoảng 10% năng lượng truyền lên bậc dinh dưỡng cao hơn

→ đúng, đây là phát biểu của hiệu suất sinh thái.

Năng lượng được truyền trong hệ sinh thái theo chu trình tuần hoàn và được sử dụng trở lại

→ NL không được truyền đầy đủ lên các bậc dinh dưỡng trên nên không trở thành chu trình.

Đáp án C

Dựa vào sơ đồ phả hệ ta thấy bệnh biểu hiện ở cả giới nam và nữ.

Bố mẹ bình thường, con bị bệnh

→ Bệnh do gen lặn quy định nằm trên NST thường.

Quy ước: A: bình thường; a: bị bệnh.

II.9 và II.10 có kiểu gen Aa

→ III. 15 bình thường có kiểu gen 1/3AA, 2/3Aa

→ 2/3A, 1/3a.

I.5 và I.6 có kiểu gen Aa.

→ II.2 bình thường có kiểu gen 1/3AA, 2/3Aa

→ 2/3A, 1/3a.

II.11 có kiểu gen Aa

→ A= 1/2; a = 1/2

→ con có kiểu gen: 2/6 AA; 3/6Aa ; 1/6 aa.

Vì III.16 bình thường có kiểu gen: 2/5 AA; 3/5 Aa

→ 7/10 A; 3/10a.

III. 15 x III.16 sinh con không mang gen gây bệnh là:

AA = 2/3. 7/10 = 7/15.

Đáp án D

Nội dung 1 sai. Cạnh tranh làm giảm kích thước của quần thể.

Nội dung 2 đúng. Khi mật độ cá thể của quần thể tăng lên quá cao, nguồn sống của môi trường không đủ cung cấp cho mọi cá thể trong quần thể thì các cá thể trong quần thể sẽ cạnh tranh với nhau để dành nguồn sống.

Nội dung 3 đúng.

Nội dung 4 sai. Cạnh tranh cùng loài thường xuyên xảy ra, nó giúp cho số lượng và phân bố các cá thể trong quần thể giữ ở mức hợp lí, phù hợp với khả năng cung cấp của môi trường.

Nội dung 5 đúng. Trong quan hệ cạnh tranh, cá thể yếu sẽ bị đào thải.

Có 3 nội dung đúng.

Đáp án D

(1). Đúng. Cấu trúc (1) là phân tử ADN mạch kép chiều ngang 2nm, quấn 1 vòng (chứa 146 cặp nuclêôtit) quanh khối prôtêin (8phân tử histon) tạo nên nuclêôxôm.

(2) Sai. Các nuclêôxom nối với nhau bằng 1 đoạn ADN và 1 phân tử prôtêin histôn tạo nên sợi cơ bản có chiều ngang 11nm.

(3) Sai. Cấu trúc (2) là sợi nhiễm sắc với đường kính 30 nm.

(4) Sai. Cấu trúc (3) là sợi siêu xoắn chưa phải mức cuộn xoắn cao nhất của NST. Nó có đường kính là 300nm.

(5) Sai. Cấu trúc (4) có thể xuất hiện ở trong các quá trình khác.

(6) Sai. Mỗi nhiễm sắc thể nếu nhân đôi chứa 2 crômatit, mỗi crômatit có một sợi phân tử ADN.

Đáp án D

Thế hệ xuất phát của một quần thể ngẫu phối

Giới đực: 300AA

→ alen A = 1.

Giới cái: 100Aa, 150 aa → 2/5Aa, 3/5aa.

→ alen A = 1/5; a = 4/5.

Tần số alen của cả quần thể:

$A=\frac{1+{\displaystyle \frac{1}{5}}}{2}=0,6\to a=0,4$ .

Ngẫu phối khi quần thể đạt trạng thái cân bằng di truyền:

→ CTQT: 0,36AA : 0,48 Aa : 0,16 aa.

Lấy ngẫu nhiên 2 cá thể chân cao gồm: 

$AA=\frac{3}{7}; Aa=\frac{4}{7}$

Xác suất được 1 cá thể thuần chủng là:

$C_2^1.\frac{3}{7}AA.\frac{4}{7}Aa=\frac{24}{39}$

Đáp án B

Đây là dạng bài tập hoán vị gen mà được giải bằng phương pháp tính nhanh.

Vì kiểu gen 2 bên giống nhau và tần số hoán vị hai bên như nhau nên ta áp dụng công thức:

Với x² là tỷ lệ kiểu hình mang 2 tính trạng lặn.

Kiểu hình mang 2 tính trạng trội tạo ra: 50% + x², kiểu hình mang một tính trạng trội và một tính trạng lặn (trội – lặn hoặc lặn – trội) = 50% - 2x².

Ta thấy phép lai P: $\frac{Ab}{aB}\frac{DE}{de}\times \frac{Ab}{aB}\frac{DE}{de}$ là sự tổ hợp của hai phép lai nhỏ:

$P_1: \frac{Ab}{aB}\times \frac{Ab}{aB}$        $P_2: \frac{DE}{de}\times \frac{DE}{de}$

F_{1_1}­: thân cao, hoa tím

$=50\%+x^2=50\%+10\%\times 10\%=51\%$

F_{1_1}: Quả vàng, tròn

$=\frac{\left(50\%-2x^2\right)}{2}=\frac{50\%-2\times 30\%\times 30\%}{2}=16\%$

Vậy F₁ có kiểu hình thân cao, hoa tím, quả vàng, tròn = thân cao, hoa tím x quả vàng, tròn

 = 51% x 16% = 8,16%

Đáp án D

Đáp án B

Thực vật là loại thức ăn khó tiêu, cứng, ít chất dinh dưỡng. Vì vậy, ruột dài để tiêu hóa hiệu quả, hấp thu triệt để chất dinh dưỡng. Ngoài ra, ở động vật ăn cỏ dạ dày đơn (thỏ) có manh tràng rất dài có vai trò quan trọng trong việc trợ giúp tiêu hóa.

Còn thịt là loại thức ăn dễ tiêu, mềm, giàu chất dinh dưỡng →  không cần ruột dài.

Đáp án B

TB AaBbDd tham gia nguyên phân

Aa không phân ly trong ngp tạo tế bào AAa,a, Aaa, A (1 cặp nhân đôi nhưng không được phân chia)

Bb không phân ly trong ngp tạo tế bào BBb, b, Bbb, B

Các tế bào con có thể sinh ra:AAaBBbDd và abDd hoặc AAabDd và aBBbDd.

Đáp án D

Thể song nhị bội là cơ thể mang hai bộ nhiễm sắc thể của 2 loài khác nhau dạng: 2A + 2B.

Phương pháp để tạo thể song nhị bội đó là đem dung hợp tế bào trần hoặc lai xa và đa bội hóa.

Đáp án D

Vai trò chủ yếu của photpho đối với cây: Thành phần của axitnucleic, ATP, photpholipit.

Hoạt hóa enzim, cân bằng nước và ion, mở khí khổng là những vai trò của Kali