10 câu hỏi trắc nghiệm thuộc Trắc nghiệm Định lí đảo và hệ quả của định lí Ta-lét có đáp án (Vận dụng)

Câu 1:

Cho tam giác ABC có AB = 9cm, điểm D thuộc cạnh AB sao cho AD = 6cm. Kẻ DE song song với BC (E $\in$ AC), kẻ EF song song với CD (F $\in$ AB). Tính độ dài AF

A. 6 cm

B. 5 cm

C. 4 cm

D. 7 cm

Xem đáp án

Đáp án C

Áp dụng định lý Ta-lét:

Với EF // CD ta có $\frac{A F}{A D} = \frac{A E}{A C}$

Với DE // BC ta có $\frac{A E}{A C} = \frac{A D}{A B}$

Suy ra $\frac{A F}{A D} = \frac{A D}{A B}$ , tức là $\frac{A F}{6} = \frac{6}{9}$

Vậy $A F = \frac{6.6}{9} = 4 c m$

Câu 2:

Cho tam giác ABC. Một đường thẳng song song với BC cắt các cạnh AB và AC theo thứ tự tại D và E. Qua E kẻ đường thẳng song song với CD, cắt AB ở F. Biết AB = 16, AF = 9, độ dài AD là:

A. 10 cm

B. 15 cm

C. 12 cm

D. 14 cm

Xem đáp án

Đáp án C

Áp dụng định lý Ta-lét:

Với EF // CD ta có $\frac{A F}{A D} = \frac{A E}{A C}$

Với DE // BC ta có $\frac{A E}{A C} = \frac{A D}{A B}$

Suy ra $\frac{A F}{A D} = \frac{A D}{A B}$ , tức là $A F . A B = A D^{2}$

Vậy $9.16 = A D^{2} \Leftrightarrow A D^{2} = 144 \Leftrightarrow A D = 12$

Câu 3:

Tính các độ dài x, y trong hình bên:

A. $x = 2 \sqrt{5}, y = 10$

B. $x = 10 \sqrt{5}, y = 9$

C. $x = 6 \sqrt{5}, y = 10$

D. $x = 5 \sqrt{5}, y = 10$

Xem đáp án

Đáp án D

Áp dụng định lý Py-ta-go cho tam giác vuông OA’B’, ta có: $O A'^{2} + A ’ B'^{2} = O B ’^{2}$

$\Leftrightarrow 2^{2} + 4^{2} = O B ’^{2} \Leftrightarrow O B ’^{2} = 20 \Rightarrow O B ’ = \sqrt{20}$

A’B’ ⊥ AA’, AB ⊥ AA’ => A’B’// AB

(Theo định lý từ vuông góc đến song song)

Áp dụng định lý Ta-lét, ta có: $\frac{O A'}{O A} = \frac{O B'}{O B} = \frac{A' B'}{A B}$

$\Rightarrow \{\begin{cases} \frac{\sqrt{20}}{x} = \frac{2}{5} \\ \frac{4}{y} = \frac{2}{5} \end{cases} \Rightarrow \{\begin{cases} x = \frac{5 \sqrt{20}}{2} = 5 \sqrt{5} \\ y = \frac{4.5}{2} = 10 \end{cases}$

Vậy $x = 5 \sqrt{5}, y = 10$

Câu 4:

Cho hình vẽ:

Giá trị biểu thức x – y là:

A. 5

B. 3

C. 4

D. 2

Xem đáp án

Đáp án D

Áp dụng định lý Py-ta-go cho tam giác vuông OA’B’, ta có: $O A ’^{2} + A ’ B ’^{2} = O B ’^{2}$

$\Leftrightarrow 3^{2} + 4^{2} = O B ’^{2} \Leftrightarrow O B ’^{2} = 25 \Rightarrow O B ’ = 5$

A’B’ ⊥ AA’, AB ⊥ AA’ $\Rightarrow$ A’B’// AB

(Theo định lý từ vuông góc đến song song)

Áp dụng hệ quả của định lý Ta-lét, ta có: $\frac{O A'}{O A} = \frac{O B'}{O B} = \frac{A' B'}{A B} \Rightarrow \frac{3}{6} = \frac{5}{x} = \frac{4}{y}$

$\Rightarrow \{\begin{cases} x = \frac{5.6}{3} = 10 \\ y = \frac{4.6}{3} = 8 \end{cases}$

Hay x – y = 10 – 8 = 2

Câu 5:

Cho hình thang ABCD (AB // CD) có diện tích $36 c m^{2}$ , AB = 4cm, CD = 8cm. Gọi O là giao điểm của hai đường chéo. Tính diện tích tam giác COD

A. $8 c m^{2}$

B. $6 c m^{2}$

C. $16 c m^{2}$

D. $32 c m^{2}$

Xem đáp án

Đáp án C

Kẻ AH ⊥ DC; OK ⊥ DC tại H, K suy ra AH // OK

Chiều cao của hình thang: $A H = \frac{2 S_{A B C D}}{A B + C D} = \frac{2.36}{4 + 8} = 6 (c m)$

Vì AB // CD (do ABCD là hình thang) nên theo định lý Ta-lét ta có

$\frac{O C}{O A} = \frac{C D}{A B} = \frac{8}{4} = 2 \Rightarrow \frac{O C}{O A + O C} = \frac{2}{2 + 1} \Leftrightarrow \frac{O C}{A C} = \frac{2}{3}$

Vì AH // OK (cmt) nên theo định lý Ta-lét cho tam giác AHC ta có:

$\frac{O K}{A H} = \frac{O C}{A C} = \frac{2}{3} \Rightarrow O K = \frac{2}{3} A H \Rightarrow O K = \frac{2}{3} . 6 = 4 (c m)$

Do đó $S_{C O D} = \frac{1}{2} O K . D C = \frac{1}{2} . 4.8 = 16 c m^{2}$

Câu 6:

Cho hình thang ABCD (AB // CD) có diện tích $48 c m^{2}$ , AB = 4cm, CD = 8cm. Gọi O là giao điểm của hai đường chéo. Tính diện tích tam giác COD

A. $\frac{64}{3} c m^{2}$

B. $15 c m^{2}$

C. $16 c m^{2}$

D. $32 c m^{2}$

Xem đáp án

Đáp án A

Kẻ AH ⊥ DC; OK ⊥ DC tại H, K suy ra AH // OK

Chiều cao của hình thang: $A H = \frac{2 S_{A B C D}}{A B + C D} = \frac{2.48}{4 + 8} = 8 (c m)$

Vì AB // CD (do ABCD là hình thang) nên theo định lý Ta-lét ta có

$\frac{O C}{O A} = \frac{C D}{A B} = \frac{8}{4} = 2 \Rightarrow \frac{O C}{O A + O C} = \frac{2}{2 + 1} \Leftrightarrow \frac{O C}{A C} = \frac{2}{3}$

Vì AH // OK (cmt) nên theo định lý Ta-lét cho tam giác AHC ta có:

$\frac{O K}{A H} = \frac{O C}{A C} = \frac{2}{3} \Rightarrow O K = \frac{2}{3} A H \Rightarrow O K = \frac{2}{3} . 6 = 4 (c m)$

Do đó $S_{C O D} = \frac{1}{2} O K . D C = \frac{1}{2} . \frac{16}{3} . 8 = \frac{64}{3} c m^{2}$

Câu 7:

Cho điểm M thuộc đoạn thẳng AB. Vẽ về một phía của AB các tam giác đều AMC và MBD. Gọi E là giao điểm của AD và MC, F là giao điểm của BC và DM.

1. Đặt MA = a, MB = b. Tính ME, MF theo a và b.

A. $M E = \frac{a b}{b + a}; M F = \frac{a}{b + a}$

B. $M E = M F = \frac{a b}{b + a}$

C. $M E = \frac{b}{b + a}; M F = \frac{a}{b + a}$

D. $M E = M F = \frac{a - b}{b + a}$

Xem đáp án

Đáp án B

Vì các tam giác AMC và BMD đều nên $\hat{B M D} = \hat{M A C} = 60^{\circ}$ (vì hai góc ở vị trí đồng vị) => MD // AC

Vì MD // AC nên theo hệ quả định lý Talet cho hai tam giác DEM và AEC ta có $\frac{M E}{E C} = \frac{M D}{A C} = \frac{b}{a}$

Suy ra $\frac{M E}{E C} = \frac{b}{a} \Rightarrow \frac{M E}{M E + E C} = \frac{b}{b + a}$

$\Rightarrow \frac{M E}{a} = \frac{b}{b + a} \Rightarrow M E = \frac{a b}{b + a}$

Tương tự $M F = \frac{b a}{a + b}$

Vậy $M E = M F = \frac{a b}{b + a}$

Câu 8:

Cho điểm M thuộc đoạn thẳng AB. Vẽ về một phía của AB các tam giác đều AMC và MBD. Gọi E là giao điểm của AD và MC, F là giao điểm của BC và DM.

2. Tam giác MEF là tam giác gì? Chọn đáp án đúng nhất?

A. Tam giác MEF đều

B. Tam giác MEF cân tại M

C. Tam giác MEF cân tại N

D. Cả A, B, C đều sai

Xem đáp án

Đáp án A

Từ câu trước ta có ME = MF => ΔEMF cân tại M

Ta có $\hat{A M C} + \hat{E M F} + \hat{D M B} = 180^{0}$ mà $\hat{C M A} = \hat{D M B} = 30^{0}$ (tính chất tam giác đều)

Nên $\hat{E M F} = 180^{0} - \hat{M N A} - \hat{D M B} = 180^{0} - 60^{0} - 60^{0} = 60^{0}$

Từ đó MEF là tam giác cân có một góc bằng $60^{0}$ nên nó là tam giác đều

Câu 9:

Cho điểm M thuộc đoạn thẳng AB sao cho MA = 2MB. Vẽ về một phía của AB các tam giác đều AMC và MBD. Gọi E là giao điểm của AD và MC, F là giao điểm của BC và DM.

1. Đặt MB = a. Tính ME, MF theo a.

A. $M E = \frac{a}{2}; M F = \frac{a}{3}$

B. $M E = M F = \frac{2 a}{3}$

C. $M E = \frac{2 a}{3}; M F = \frac{a}{3}$

D. $M E = M F = \frac{a}{3}$

Xem đáp án

Đáp án B

Đặt MB = a => MA = 2a

Vì các tam giác AMC và BMD đều nên $\hat{B M D} = \hat{M A C} = 60^{0}$ (hai góc ở vị trí đồng vị) => MD // AC

Vì MD // AC nên theo hệ quả định lý Talet cho hai tam giác DEM và AEC ta có $\frac{M E}{E C} = \frac{M D}{A C} = \frac{M B}{M A} = \frac{1}{2}$

Suy ra $\frac{M E}{E C} = \frac{b}{a} \Rightarrow \frac{M E}{M E + E C} = \frac{1}{1 + 2} = \frac{1}{3}$

$\frac{M E}{2 a} = \frac{1}{3} \Rightarrow M E = \frac{2 a}{3}$

Tương tự $M F = \frac{2 a}{3}$

Vậy $M E = M F = \frac{2 a}{3}$

Câu 10:

Cho điểm M thuộc đoạn thẳng AB sao cho MA = 2MB. Vẽ về một phía của AB các tam giác đều AMC và MBD. Gọi E là giao điểm của AD và MC, F là giao điểm của BC và DM.

2. Chọn khẳng định đúng nhất

A. $E F = \frac{2 a}{3}$

B. $E F = \frac{a}{3}$

C. $E F = \frac{3 a}{4}$

D. $E F = \frac{a}{2}$

Xem đáp án

Đáp án A

Từ câu 1) ta có ME = MF => ΔEMF cân tại M

Ta có $\hat{E M F} = 180^{0} - \hat{C M A} - \hat{D M B} = 180^{0} - 60^{0} - 60^{0} = 60^{0}$

Từ đó MEF là tam giác cân có một góc bằng $60^{0}$ nên nó là tam giác đều

Vậy $E F = M E = M F = \frac{2 a}{3}$

CHỌN BỘ SÁCH BẠN MUỐN XEM

Trắc nghiệm Định lí đảo và hệ quả của định lí Ta-lét có đáp án (Vận dụng)

Trắc nghiệm Định lí đảo và hệ quả của định lí Ta-lét có đáp án (Vận dụng)

Danh sách câu hỏi

Có thể bạn quan tâm

Các bài thi hot trong chương